《2026年江苏13大市中考名卷优选38套物理》

14. (2022 镇江)图示电能表能接入用电器的最大总功率为6600W；小明发现家中多个用电器正常工作时，指示灯在 1 min 内闪烁 90 次，这段时间内电路消耗的电能为0.03$kW· h$；他再将额定功率为 1000 W 的电水壶接入该电路，发现额定电流为 30 A 的熔丝熔断了，这是因为电路发生了短路故障.

答案： 146600　0.03　短路
解析:图示电能表能接入用电器的最大总功率$P=UI=220V×30A = 6600W$.指示灯在1min内闪烁90次，这段时间内电路消耗的电能$W=\frac{90}{3000}kW·h=0.03kW·h$.多个用电器正常工作时通过电路的电流$I_0=\frac{W}{Ut}=\frac{0.03×3.6×10^6J}{220V×60s}≈8.2A$，将额定功率为1000W的电水壶接入该电路，通过电水壶的电流$I'=\frac{P}{U}=\frac{1000W}{220V}≈4.5A$，此时通过电路的总电流$I_总=I_0+I'=8.2A + 4.5A = 12.7A＜30A$，但是额定电流为30A的熔丝熔断了，说明电路发生短路.

15. (2022 泰州)小明用如图所示电路研究调光灯的工作原理，所用电源电压恒为 6 V，灯泡L标有“4.8 V 0.3 A”字样，闭合开关，调节滑动变阻器滑片，当观察到电流表示数为0.3A时，可知灯泡正常发光，此时灯泡的实际功率为1.44W，通电 1 min 滑动变阻器产生的热量为21.6J.

答案： 15电流表示数为0.3A　1.44　21.6
解析:由图得，滑动变阻器与灯泡串联，电流表测量电路电流.依题意得，灯泡额定电压为4.8V，额定电流为0.3A，移动滑动变阻器，使电流表示数为0.3A，此时通过灯泡的电流为额定电流，灯泡正常发光.灯泡正常发光时，电功率为$P_L=U_LI=4.8V×0.3A = 1.44W$，滑动变阻器的电压为$U_P=U - U_L=6V - 4.8V = 1.2V$，通电1min滑动变阻器产生的热量为$Q=U_PIt=1.2V×0.3A×60s = 21.6J$.

16. (2022 常州)某型号电饭锅有加热和保温两挡，电路如图所示.220 V 电压下，其加热挡功率为 1100 W，保温挡功率为 20 W.

(1) 闭合开关$S_1$、$S_2$，电饭锅处于加热挡.
(2) 电阻丝$R_1$的阻值为44Ω，$R_2$的阻值为2376Ω.
(3) 处于保温状态的电饭锅，20 min 产生热量$2.4×10^4$J.

答案： 16
(1)加热　
(2)44　2376　
(3)2.4×10^4
解析:
(1)由电路图可知，闭合开关$S_1$、$S_2$，电阻$R_2$被短路，电路为$R_1$的简单电路，此时电路中的电阻是比较小的，根据$P=\frac{U^2}{R}$可知，电压一定时，电阻越小，电功率越大，即电饭锅处于加热状态.
(2)当电饭锅处于加热状态时，根据$P=\frac{U^2}{R}$可得，$R_1$的电阻为$R_1=\frac{U^2}{P_{加热}}=\frac{(220V)^2}{1100W}=44\Omega$，如果闭合$S_1$、断开$S_2$，$R_1$和$R_2$串联，总电阻最大，电源电压不变时，功率最小，此时电饭锅处于保温状态，根据$P=\frac{U^2}{R}$可得，$R_1+R_2=\frac{U^2}{P_{保温}}=\frac{(220V)^2}{20W}=2420\Omega$，解得$R_2=2376\Omega$.
(3)处于保温状态的电饭锅，20min产生热量$Q=W=P_{保温}t=20W×1200s=2.4×10^4J$.

17. (2023 苏州)寒冬，为给小鸡仔提供温暖的环境，小明制作了恒温箱系统，原理如图所示.控制电路由电磁继电器、滑动变阻器$R_1$、热敏电阻$R_2$(安装在恒温箱内，阻值随温度升高而显著减小)、低压电源等组成.加热电路由电源、电热丝$R_3$和$R_4$等组成.调好$R_1$阻值，闭合开关$S_1$、$S_2$，箱内温度升高到设定值后即在小范围内波动，且降温阶段降温比较平缓.

(1) 通电线圈上端是N极，温度升高时，电磁铁磁性增强.
(2)$R_3$阻值小于(填“大于”或“小于”)$R_4$阻值.
(3) 将$R_1$的阻值稍微调小一些，恒温箱控制的温度将降低.

答案： 17
(1)N　增强　
(2)小于　
(3)降低
解析:
(1)闭合开关$S_1$，电流从电磁铁上端流入，下端流出，由安培定则可知，线圈的上端为N极，下端为S极;温度升高时，热敏电阻$R_2$的阻值随温度升高而显著减小，根据欧姆定律，电路中电流变大，电磁铁的磁性增强.
(2)温度升高时，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，使$R_4$电路接通，此时恒温箱处于保温状态;温度降低时，电磁铁磁性减弱，衔铁在左侧弹簧作用下被拉起，使$R_3$电路接通，此时恒温箱处于加热状态;因加热功率大于保温功率，且电源电压不变，由$P=UI=\frac{U^2}{R}$可知，$R_3$阻值小于$R_4$阻值.
(3)电磁铁吸引衔铁时的电流不变，控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，控制电路的总电阻不变，将$R_1$的阻值稍微调小一些，根据电阻的串联可知，热敏电阻$R_2$的阻值变大，因热敏电阻$R_2$的阻值随温度升高而显著减小，故恒温箱控制的温度将降低.

18. 按照题目要求作图.
(1) (2022 南通)如图甲所示，请用笔画线代替导线，将三孔插座、开关和电灯分别接入电路.
(2) (2022 无锡)根据图乙中小磁针静止时的指向，标出通电螺线管磁感线的方向和电源左端的极性（“+”或“-”）.

答案：
18
(1)
　　　
解析:首先辨别图中三根线:地线、火线、零线.灯泡的接法:火线先接开关，经灯泡连到零线上，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故;既能控制灯泡，又能更安全.三孔插座的接法:上孔接地线;左孔接零线;右孔接火线.
(2)
　　
解析:由图可知，小磁针左侧为S极，右侧为N极，由磁极间的相互作用规律可知，通电螺线管的左侧为S极，右侧为N极，磁体外部的磁感线由N极指向S极，根据安培定则，伸出右手握住通电螺线管，大拇指指向通电螺线管的N极，四根手指所指方向为电流方向，由此可知，电源左侧为正极.

19. (2023 宿迁)用图甲所示电路“探究电流与电阻的关系”.电源电压为 4.5 V 不变，滑动变阻器规格为“20 Ω 1 A”，有 4 Ω、6 Ω、8 Ω、10 Ω、12 Ω的定值电阻各一个.

(1) 用笔画线代替导线把图甲电路连接完整，要求：当滑片 P 向左滑动时，变阻器接入电路的电阻变大.
(2) 连接电路时，开关应该断开(填“断开”或“闭合”).
(3) 先接入 12 Ω定值电阻，闭合开关，移动变阻器的滑片 P 至合适位置，电压表的示数如图所示.断开开关，将 12 Ω电阻换成 10 Ω后，闭合开关，移动变阻器的滑片 P 使电压表的示数与前一次相同，记录相关数据.
(4) 依次改变电阻 R 的阻值，共测得五组实验数据，根据实验数据，在图丙的坐标系中描绘出 I-R 图像为曲线A.
①由图像可得出的结论是：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比.
②根据所测的五组实验数据，把每次实验时记录的电流值和对应变阻器$R_P$的阻值，在图丙坐标系中描成点，将这些点绘成曲线B，发现曲线B与曲线A无交点（填“有交点”或“无交点”），其原因是对每一个电流值，变阻器$R_P$的阻值是定值电阻的阻值倍数不变，两个图像平行.
③本实验的主要研究方法是“控制变量法”，下列物理教材中的实验，没有用到“控制变量法”的是（C）
A. 探究二力平衡的条件
B. 探究影响液体内部压强的因素
C. 用电流表和电压表测量定值电阻的阻值

答案：
19
(1)
　　　
(2)断开　
(3)2.4　电压　
(4)①电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比　②无交点　对每一个电流值，变阻器$R_P$的阻值是定值电阻的阻值倍数不变，两个图像平行　③C
解析:
(1)由题知滑片P向左滑动时，变阻器接入电路的电阻变大;因此应该用导线连接到滑动变阻器的右下方接线柱.
(2)为保护电路，连接电路时开关应断开.
(3)先接入$12\Omega$定值电阻，闭合开关，移动变阻器的滑片P至合适位置，电压表用的小量程，分度值为0.1V，示数为2.4V，记下电流表的示数.断开开关，将$12\Omega$电阻换成$10\Omega$后，根据探究电流与电阻关系，必须控制电压不变，闭合开关，移动变阻器的滑片P使电压表的示数与前一次相同，记录相关数据.
(4)①由图像可知，$0.6A×4\Omega=0.4A×6\Omega=0.3A×8\Omega=0.2A×12\Omega=2.4V$.可得出的结论是:电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比.②因为电源电压不变，而定值电阻的电压保持不变，滑动变阻器的电压也不变，根据串联分压规律知，因而各次实验中，定值电阻和滑动变阻器的阻值倍数关系保持不变，因而对每一个电流值，变阻器$R_P$的阻值始终是定值电阻的阻值倍数不变，则把每次实验时记录的电流值和对应变阻器$R_P$的阻值，在图丙坐标系中描成点，将这些点绘成曲线B，发现曲线B与曲线A平行，因而两者无交点.③本实验的主要研究方法是“控制变量法”.探究二力平衡的条件，有多个因素影响，必须采用控制变量法;探究影响液体内部压强的因素时，探究与深度关系，控制液体密度不变，用了控制变量法;用电流表和电压表测量定值电阻的阻值，是测量型实验，没有控制变量.没有用到“控制变量法”的是C.