《2026年江苏13大市中考名卷优选38套物理》

7 如图所示,利用静电喷涂枪给物体喷漆.接通电源,电动机开始转动,负压发生器使喷枪内气压减小吸入涂料,涂料雾化成小颗粒并带上负电荷,从喷枪飞向被涂物.下列现象与物理知识对应不正确的是 (B)


A.负压发生器使涂料吸入喷枪——大气压强
B.通电后电动机线圈受力转动——电磁感应现象
C.涂料喷出后颗粒间相互排斥——电荷间的作用力
D.涂料变干后粘牢在物体表面——分子间的作用力

答案： 7B 负压发生器使喷枪内气压减小，外界大气压大于喷枪内气压，在大气压强的作用下将涂料吸入喷枪，故A正确；通电后电动机线圈受力转动是利用通电导体在磁场中受力的原理，而电磁感应现象是指闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动产生感应电流的现象，二者原理不同，故B错误；涂料雾化成小颗粒并带上负电荷，根据电荷间的作用力规律，同种电荷相互排斥，所以涂料喷出后颗粒间会相互排斥，故C正确；涂料变干后粘牢在物体表面，是因为分子间存在引力，使涂料分子与物体表面分子相互吸引，故D正确。故选B。

8 热质说是18 世纪流行的热学理论.该理论认为热质是一种无质量、看不见的特殊物质,物体吸收、放出热质会导致温度或物态的变化,它只能在物体间转移,不会产生或消失.下列事例中,不能佐证该理论的是 (D)

A.热水暖手
B.冰袋冷敷
C.扬汤止沸
D.钻木取火

答案： 8D 改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。做功改变物体内能的实质是内能和其他形式的能量转化的过程；热传递改变物体的内能的实质是内能的转移。热水暖手、冰袋冷敷、扬汤止沸均属于热传递改变物体的内能，反映的是热质的转移，故A、B、C能佐证热质说理论，不符合题意；钻木取火属于做功改变物体的内能，能量发生转化，不是热质的转移，故D符合题意。

9 小明用电水壶烧水给爷爷奶奶泡茶.该壶保温性能较好,烧水时壶会吸收一些热量.在壶中装入$500\ mL$的水,加热至沸腾,用时$2\ \min$.水用完后,他又在壶中装入$1000\ mL$的水,加热至沸腾,所需时间最有可能的是 (C)

A.$2\ \min$
B.$4\ \min$
C.大于$2\ \min$且小于$4\ \min$
D.大于$4\ \min$

答案： 9C 用电水壶烧水，已知该壶保温性能较好，且烧水时壶会吸收一些热量，在壶中装入500mL的水，加热至沸腾，用时2min，由$Q = cm\Delta t$知壶温度达到水的沸点过程中会吸收一些热量，则仅将500mL的水，加热至沸腾，用时小于2min。水用完后，小明又在壶中装入1000mL的水，加热至沸腾，相当于在第一次的基础上，又单独对500mL的水加热至沸腾，故所需时间大于2min且小于4min，故C正确。

10 冬天,为控制蔬菜大棚的温度在$20\sim28\ \celsius$,同学们设计了如图所示的控制电路.电源电压$3\ V$, $R_{t}$是热敏电阻,$R_{0}$选用$3\ k\Omega$或$5\ k\Omega$的定值电阻.闭合开关$S$,当$R_{t}$两端电压$U\geq2\ V$时,开启加热系统;当$U\leq1.8\ V$时,关闭加热系统.热敏电阻$R_{t}$在不同温度时的阻值如下表.下列说法正确的是 (B)



A.$R_{t}$的阻值与温度成反比
B.选用$3\ k\Omega$的定值电阻能够满足设计的要求
C.$R_{t}$和$R_{0}$的功率可能相等
D.增大电源电压使开启加热系统的温度变低

答案： 10B 从表中数据看，温度升高时$R_{t}$阻值减小，但并非严格反比，所以不是反比关系。故A错误。$R_{t}$与$R_{0}$串联，若$R_{0} = 3k\Omega$，当$R_{t}$两端电压$U_{t} = 2V$时，$U_{0} = U - U_{t} = 3V - 2V = 1V$；串联电路电流相等$\frac{U_{0}}{R_{0}} = \frac{U_{t}}{R_{t}}$，$R_{t} = \frac{U_{t}R_{0}}{U_{0}} = \frac{2V × 3k\Omega}{1V} = 6k\Omega$，对应温度$20^{\circ}C$，开启加热系统；当$R_{t}$两端电压$U_{t} = 1.8V$时，$U_{0} = U - U_{t} = 3V - 1.8V = 1.2V$；串联电路电流相等$\frac{U_{0}}{R_{0}} = \frac{U_{t}}{R_{t}}$，$R_{t} = \frac{U_{t}R_{0}}{U_{0}} = \frac{1.8V × 3k\Omega}{1.2V} = 4.5k\Omega$，对应温度$28^{\circ}C$，关闭加热系统，符合要求，故B正确。$R_{t}$与$R_{0}$串联，功率相等时，$I_{0}^{2}R_{0} = I_{t}^{2}R_{t}$，$R_{t} = R_{0}$，若$R_{0} = 3k\Omega$，$R_{t} = 3k\Omega$，对应的温度是$38.2^{\circ}C$，超过了温度在$20^{\circ}C$到$28^{\circ}C$范围，故C错误。增大电源电压，若$R_{0} = 3k\Omega$，$U = 6V$，$R_{t}$两端电压$U_{t} = 2V$时，$U_{0} = U - U_{t} = 6V - 2V = 4V$；串联电路电流相等$\frac{U_{0}}{R_{0}} = \frac{U_{t}}{R_{t}}$，$R_{t} = \frac{U_{t}R_{0}}{U_{0}} = \frac{2V × 3k\Omega}{4V} = 1.5k\Omega$，由表中数据可知，温度高于$45.5^{\circ}C$，使开启加热系统的温度变高，故D错误。
Plus思路分析
本题考查运用欧姆定律分析变化电路，难度较大。
(1)分析表中数据看，并非严格反比，所以不是反比关系；
(2)$R_{t}$与$R_{0}$串联，若$R_{0} = 3k\Omega$，围绕$R_{t}$两端电压为$2V$与$1.8V$，运用欧姆定律与串联电路电流相等进行计算，分别能解答B、C、D，进行比较可得出正确答案。