《2026年江苏13大市中考名卷优选38套物理》

6. (2023 常州)为拯救濒危物种中华鲟，生物学家在放养的中华鲟身上拴上定位硬壳胶囊.数天后，胶囊与潜入水中的中华鲟脱离，最终漂浮于江面发射定位信号.脱离后，胶囊受到的浮力随时间变化的关系为下列图中的(D)

答案： 6D　当胶囊未露出液面时，排开水的体积不变，根据阿基米德原理知，该过程胶囊所受浮力大小不变；当胶囊露出水面且静止前，排开水的体积不断变小，由阿基米德原理$F_{浮}=G_{排}=\rho_{液}gV_{排}$可知该过程中胶囊所受浮力不断变小；胶囊露出水面且静止后排开水的体积不变，根据阿基米德原理知，该过程胶囊所受浮力大小不变，D正确。

7. （2023 南京）如图甲所示，$R_0$ 为定值电阻，灯 L 标有“3 V 1.5 W”字样，电源电压 $U_总$ 保持不变.闭合开关 S，滑动变阻器 R 的滑片从某一位置移到某一端的过程中，其接入电路的电阻改变了 $\Delta R$，电路消耗的总功率改变了 $\Delta P$，同时三只电表示数均发生变化.图乙中有 OA、AB 和 BC 三段图像，其中有两段反映了上述滑片移动过程中电压表 $V_1$ 和 $V_2$ 示数与电流表 A 示数的对应关系.下列说法中正确的是（B）


A.$\Delta R$ 为 6.5 $\Omega$
B.$\Delta P$ 为 1.3 W
C.$U_总$ 为 11 V
D.OA 是 $R_0$ 的 U-I 图像

答案： 7B　由图甲可知，闭合开关，灯泡、滑动变阻器、定值电阻串联接入电路，电压表V₁测灯泡两端电压，电压表V₂测灯泡和滑动变阻器两端的总电压，电流表测通过电路的电流，串联电路各处电流相等，当变阻器接入电路的阻值不为零时，由串联电路的电压特点可知电压表V₂的示数大于电压表V₁的示数；由$P = UI$可得灯泡正常发光时的电流$I_{L}=\frac{P_{L}}{U_{L}}=\frac{1.5W}{3V}=0.5A$；灯泡正常发光时的电流为0.5A，所以通过该电路的最大电流为0.5A，且灯泡的电阻是变化的，所以，综合以上分析可知，BC为电压表V₁随电流表示数变化的图像，AB为电压表V₂随电流表示数变化的图像，根据题意和图像可知，滑片移到最左端时，灯泡L和定值电阻R₀串联，此时灯泡正常发光，两电压表都测灯泡两端的电压，即为3V，串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得电源电压$U_{总}=U_{L}+U_{0}=3V + 0.5A×R_{0}$①，滑片在中间某一位置时，灯泡、滑动变阻器和定值电阻R₀串联，电压表V₁测灯泡两端电压，电压表V₂测灯泡和滑动变阻器两端的总电压，此时通过电路的电流为0.4A，灯泡两端的电压为2V，灯泡和滑动变阻器两端的总电压为5V，此时变阻器接入电路的阻值为$R=\frac{U_{2}-U_{L}'}{I}=\frac{5V - 2V}{0.4A}=7.5Ω$，即$\Delta R = 7.5Ω - 0 = 7.5Ω$；根据串联电路电压规律结合欧姆定律可得电源电压$U_{总}=U_{2}+U_{0}'=5V + 0.4A×R_{0}$②，联立①②可得$R_{0}=20Ω$，$U_{总}=13V$，电路消耗的总功率的变化量为$\Delta P = U_{总}I_{L}-U_{总}I = 13V×0.5A - 13V×0.4A = 1.3W$，而OA图像对应的电阻值为$R_{OA}=\frac{U_{OA}}{I_{OA}}=\frac{5V}{0.4A}=12.5Ω$，所以OA不是R₀的U - I图像。综上可知，B正确，A、C、D错误。

8. (2022 镇江)如图甲所示，轻质杠杆可绕 O 转动，A 点悬挂一重为 12 N 的物体 M，B 点受到电子测力计竖直向上的拉力 F，杠杆水平静止，已知 OA=AB=BC，则 F 为 6 N.保持杠杆水平静止，将 F 作用点从 B 移至 C，此过程中 F 方向保持不变，F 的力臂记为 $l$，则 F 的大小变 小，F 与 $\frac{1}{l}$ 的关系图线为图乙中的①；将 M 从 A 移至 B，再重复上述步骤，F 与 $\frac{1}{l}$ 的关系图线为图乙中的 ②(填数字序号).

答案： 8 6　小　②
解析：由图甲可知，O为杠杆的支点，B点拉力F的力臂$OB = OA + AB = 2OA$，A点作用力的力臂为OA，由杠杆平衡条件可得$F×OB = G×OA$，解得$F=\frac{OA}{OB}×G=\frac{OA}{2OA}×G=\frac{1}{2}G=\frac{1}{2}×12N = 6N$。由题意可知，保持杠杆水平静止，将F作用点从B移至C，此过程中F方向保持不变，根据杠杆平衡条件可得$F×l = G×OA$，解得$F = G×OA×\frac{1}{l}$，由题意可知，此过程中物体M的重力G和力臂OA不变，拉力F的力臂l变大，则拉力F变小。将M从A移至B，由杠杆平衡条件可得$F×l = G×OB$，解得$F = G×OB×\frac{1}{l}$，由数学知识可知，上述两式中拉力F与$\frac{1}{l}$的关系图线均为正比例函数，由图甲可知，$OB＞OA$，因此将M从A移至B，F与$\frac{1}{l}$的关系图线为过原点且斜率比图线①大的图线②。

9. (2023 镇江)在测量小灯泡额定功率的实验中，小兵连接的电路如图甲所示.图乙中图线 a 是 V 与 A 示数间的关系图线，图线 b 是一只定值电阻 $R_0$ 的 U-I 图线.电源电压 U 恒为 3 V，小灯泡 L 的额定电压为 2.5 V.则：

(1)L 的额定功率为 0.625 W.
(2)图线 a 对应的过程中，R 的调节范围为 25~2 $\Omega$.
(3)若将 R 替换成 $R_0$，则 L 工作时的阻值为 6 $\Omega$.
(4)若将 R 替换成与 L 相同的小灯泡，则根据图线可求得电路消耗的总功率约为 0.6 W.

答案： 9
(1)0.625　
(2)25~2　
(3)6　
(4)0.6
解析：
(1)由图甲可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表并联在滑动变阻器两端，电流表测串联电路中的电流，由图乙可知，图线a是滑动变阻器的电压与电流关系图线，当灯泡两端电压为2.5V时，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为$3V - 2.5V = 0.5V$，由图乙可知，此时电路中的电流为0.25A，根据串联电路电流特点可知，灯泡额定电流为0.25A，则灯泡额定功率为$P_{L}=U_{L}I_{L}=2.5V×0.25A = 0.625W$。
(2)由图乙可知，当滑动变阻器两端电压为2.5V时，通过滑动变阻器的电流为0.1A，此时滑动变阻器的阻值为$R_{滑1}=\frac{U_{1}}{I_{1}}=\frac{2.5V}{0.1A}=25Ω$，同理，当滑动变阻器两端电压为0.5V时，通过滑动变阻器的电流为0.25A，此时滑动变阻器的阻值为$R_{滑2}=\frac{U_{2}}{I_{2}}=\frac{0.5V}{0.25A}=2Ω$，故图线a对应的过程中，R的调节范围为25~2Ω。
(3)若将R替换成R₀，可视为将滑动变阻器调至R₀的阻值，即对应图乙中图线a、b的交点(0.125A，2.25V)，灯泡与R₀两端电压之和等于电源电压，则L工作时的阻值为$R=\frac{U'}{I'}=\frac{0.75V}{0.125A}=6Ω$。
(4)若将R替换成与L相同的小灯泡，根据串联分压原理可知，此时每个灯泡两端为1.5V，由图乙中图线a可知，此时电路中的电流约为0.2A，则电路消耗的总功率约为$P' = UI'' = 3V×0.2A = 0.6W$。