《2026年江苏13大市中考名卷优选38套物理》

18 如图所示电路中，先断开$S_2$，闭合$S_1$、$S_3$，则$R_1$与$R_2$的连接方式为并联(填“串联”或“并联”)，再断开$S_1$、$S_3$，闭合$S_2$，此时电压表示数将变小(填“变大”“变小”或“不变”).

答案： 18并联　变小
解析:先断开$S_{2}$，闭合$S_{1}$、$S_{3}$，此时电流的路径有两条，所以$R_{1}$与$R_{2}$的连接方式为并联;此时电压表测量的是电源电压;断开$S_{1}$、$S_{3}$，闭合$S_{2}$，该电路为串联电路，电压表测量的是$R_{1}$两端的电压，根据串联电路的电压的规律可知，电压表示数将小于电源电压，即电压表示数变小.
Plus关键点拨：本题考查串并联电路的辨别、串联电路的特点和电压表的使用，解题的关键是正确分析开关在不同状态下电路的连接方式.

19 用太阳灶烧水是利用凹面镜对太阳光有会聚作用.太阳内部每时每刻都在发生核聚变(填“裂变”或“聚变”)，太阳能属于可(填“可”或“不可”)再生能源.

答案： 19凹面　聚变　可

20 如图所示，若将开关闭合，电流表$A_1$的读数为1.1 A，电流表$A_2$的读数为0.2 A，则通过$L_2$的电流是0.9A，若电压表示数为3 V，则$L_1$两端的电压是3V.

　　　　　　

答案： 200.9　3
解析:由电路图可知，两灯泡并联，电流表$A_1$测干路电流，电流表$A_2$测$L_1$支路的电流，则通过$L_1$的电流$I_1 = 0.2A$;通过$L_2$的电流$I_2 = I - I_1 = 1.1A - 0.2A = 0.9A$;电压表测电源的电压;并联电路中各支路两端的电压相等，$L_1$两端的电压$U_1 = U = 3V$.

21 有一定值电阻R和一小灯泡L，通过它们的电流I与它们两端的电压U的规律如图所示，若将R和L并联在电压为5 V的电源两端，干路中的电流为1.3A；若将它们串联在9 V电源的两端，此时小灯泡L的电阻为5Ω.

答案： 211.3　5
解析:将R和L并联接在电压为5V的电源两端，并联电路各支路两端电压相等，则R和L两端电压都为5V，由图像可知，通过R与L的电流分别为$I_{R} = 0.5A$，$I_{L} = 0.8A$，此时干路中的电流$I = I_{R} + I_{L} = 0.5A + 0.8A = 1.3A$;将R和L串联在9V电源的两端，流过R和L的电流相等，且R和L两端电压之和为9V，由图像可知电路中电流$I_{1} = 0.6A$时，$R$两端电压$U_{R} = 6V$，$L$两端电压$U_{L} = 3V$，满足电源电压为9V，此时小灯泡的电阻为$R_{L} = \frac{U_{L}}{I_{1}} = \frac{3V}{0.6A} = 5\Omega$.

22 额定电压为6 V的甲、乙两灯，$I-U$图像如图所示.当甲、乙两灯并联在电压为2 V的电源两端时，甲、乙电阻之比为2:3，当甲、乙两灯串联在电压为8 V的电源两端时，甲、乙实际功率之比为1:3.

　　　　　　

答案： 222:3　1:3
解析:甲、乙两灯并联接在电压为2V的电源两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以两灯泡两端的电压均为2V，由图像可知，通过两灯泡的电流分别为$I_{甲} = 0.3A$，$I_{乙} = 0.2A$，由$I = \frac{U}{R}$可得，此时两灯泡的电阻之比$\frac{R_{甲}}{R_{乙}} = \frac{\frac{U}{I_{甲}}}{\frac{U}{I_{乙}}} = \frac{I_{乙}}{I_{甲}} = \frac{0.2A}{0.3A} = \frac{2}{3}$;甲、乙两灯串联接在电压为8V的电源两端时，因串联电路中各处的电流相等，总电压等于各分电压之和，所以，由图像可知，当$I = 0.3A$、$U_{甲} = 2V$、$U_{乙} = 6V$时符合，此时两灯泡的实际功率之比$\frac{P_{甲}}{P_{乙}} = \frac{U_{甲}I}{U_{乙}I} = \frac{U_{甲}}{U_{乙}} = \frac{2V}{6V} = \frac{1}{3}$.
Plus关键点拨：本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图像中获取有用信息是解题的关键

23 小明家的电能表月初的示数是，月末的示数如图所示，则小明家本月用电60$kW·h$.一天晚上小明将一台“220 V　968 W”的电热器单独接入电路工作30 min，电能表的脉冲指示灯恰好闪烁了1323次，则当时的实际电压为210V.(忽略温度对电阻的影响)

答案： 2360　210
解析:小明家本月用电$348.2kW · h - 288.2kW · h = 60kW · h$;由$P = \frac{U^{2}}{R}$可得电热器的电阻$R = \frac{U^{2}}{P} = \frac{(220V)^{2}}{968W} = 50\ \Omega$;$3000imp/(kW · h)$的含义为电路中用电器每消耗$1kW · h$的电能，电能表的指示灯闪烁3000次，指示灯闪烁1323次时，电热器消耗的电能$W = \frac{1323}{3000}kW · h = 0.441kW · h$，$t = 30min = 0.5h$，电热器的实际功率$P = \frac{W}{t} = \frac{0.441kW · h}{0.5h} = 0.882kW = 882W$;由$P = \frac{U^{2}}{R}$可得电热器两端的实际电压$U = \sqrt{PR} = \sqrt{882W × 50\ \Omega} = 210V$.

24 郑小楚同学将一个“220 V　1 000 W”的电热水器接入示数为“0850.5”的电能表所在的电路中，且电路中只有这一个用电器，正常工作5 h后，电能表示数将变为“0855.5”，假设电热水器烧水的热效率是84％，正常加热10 min后，它可以把质量为1.6kg、温度为25 ℃的水加热到100 ℃；当郑小楚使用该热水器加热水时，他发现水沸腾的温度为99 ℃，原因是当地的大气压低于(填“高于”或“低于”)标准大气压.[$c_水=4.2×10^3 J/(kg·℃)$]

答案： 240855.5　1.6　低于
解析:由$P = \frac{W}{t}$可得，电热水器正常工作5h消耗的电能$W = Pt_{1} = 1kW × 5h = 5kW · h$，原来电能表的示数是“0850.5”，则现在电能表的示数为“0855.5”;电热水器正常加热10min后消耗的电能$W' = Pt_{2} = 1000W × 10 × 60s = 6 × 10^{5}J$，由$\eta = \frac{Q_{吸}}{W} × 100\%$可得，水吸收的热量$Q_{吸} = W'\eta = 6 × 10^{5}J × 84\% = 5.04 × 10^{5}J$，由$Q_{吸} = cm(t - t_{0})$可得，可加热水的质量$m = \frac{Q_{吸}}{c_{水}(t - t_{0})} = \frac{5.04 × 10^{5}J}{4.2 × \10^{3}J/(kg · ^{\circ}C) × (100^{\circ}C - 25^{\circ}C)} = 1.6kg$;在标准大气压下，水的沸点是100℃，而他发现水沸腾的温度为99℃，低于100℃，说明当地的大气压低于标准大气压.
Plus思路分析：本题考查了电功公式的应用和效率公式、吸热公式以及沸点与气压关系的应用，知道电能表显示数值的单位是关键，同时要注意单位的换算.
(1)电热水器正常工作时的功率和额定功率相等，根据$W = Pt$求出消耗的电能，然后加上原来电能表的示数即可得出答案；
(2)根据$W = Pt$求出电热水器消耗的电能，根据$\eta = \frac{Q_{吸}}{W} × 100\%$求出水吸收的热量；
(3)标准大气压下水的沸点为100℃，沸点受大气压的影响，气压越低沸点越低.