《2026年成都中考真题精选物理》

3. 同学们做热学实验，一组同学使用电加热器等器材和$160{g}$的冰进行“冰的熔化”实验探究，记录为图甲。另一组同学用相同的实验器材进行了“水的沸腾”实验，记录如图乙。[冰的比热容$c_{冰}=2.1×10^{3}{J/(kg· ^{\circ}C)}$]根据图象信息，下列分析正确的是 (B)


A.图乙，实验用的水和图甲实验中用的冰质量相等
B.图甲，$BC$段物质共吸收了$3.024×10^{3}{J}$的热量
C.图乙，第$4$分钟之后水的温度保持不变，内能也不变
D.图乙，实验地点的大气压强高于标准大气压

答案： 3.B解析:A.相同的加热器相同时间内放出的热量相同，由图知，加热4分钟甲图中水升高温度小于乙图中水升高的温度，所以在探究水沸腾实验中水的质量与冰熔化实验中的不相等，故A错误;
B.图甲中,AB段冰的温度从−6℃升高到0℃，用时4min,吸收的热量$Q_{AB} = c_{冰}m\Delta t = 2.1×10^3 J/(kg·℃)×0.16kg×[0−(−6℃)] = 2.016×10^3J$,因为相同的电加热器在相同时间内放出的热量相同，物质吸收的热量也相同，BC段用时6min,是AB段用时的1.5倍，所以BC段吸收的热量$Q_{BC} = 1.5Q_{AB} = 1.5×2.016×10^3J = 3.024×10^3J$,故B正确;C.图乙中,第4分钟之后水的温度保持不变，但水在沸腾过程中持续吸热，内能增加，故C错误;D.标准大气压下,水的沸点是100℃，图乙中水的沸点是98℃，低于100℃，说明实验地点的大气压强低于标准大气压，故D错误。故选B。
[考点]沸腾的特点;熔化与凝固的温度曲线。

4. 成都将举办世界大学生运动会，在某场馆建设中，采用了如图所示的装置提升重物，小杨利用滑轮组把$G=30{N}$的物体提升到高处，他沿着竖直方向拉升绳子，物体在$10{s}$内匀速上升了$5{m}$，此时他对地面的压力为$500{N}$，小杨和动滑轮的总重力为$510{N}$。他相对于地面静止，忽略绳重与摩擦，则该$10{s}$内 (AC)

A.小杨做的有用功为$150{J}$
B.动滑轮的重力为$10{N}$
C.小杨拉力做功的功率为$30{W}$
D.滑轮组的机械效率为$75\%$

答案： 4.AC　解析:A.小杨做的有用功$W_{有} = Gh = 30N×5m = 150J$,故A正确;B.由图可知,滑轮组绳子的有效股数$n = 3$,忽略绳重与摩擦，滑轮组绳子的拉力$F = \frac{1}{n}(G + G_{动}) = \frac{1}{3}×(30N + G_{动})$①,小杨对地面的压力$F_{压} = G_人 + F$,即$500N = G_人 + F$②,小杨和动滑轮的总重力为510N,则$G_人 + G_{动} = 510N$③,由①②③可得，$F = 20N$,$G_{动} = 30N$,故B错误;C.小杨拉力做的功$W_总 = Fs = Fnh = 20N×3×5m = 300J$,小杨拉力做功的功率$P = \frac{W_总}{t} = \frac{300J}{10s} = 30W$,故C正确;D.滑轮组的机械效率$\eta = \frac{W_{有}}{W_总}×100\% = \frac{150J}{300J}×100\% = 50\%$,故D错误。故选AC。
[考点]滑轮、滑轮组机械效率的计算;功率的计算;滑轮组绳子上的拉力;滑轮组中的相关计算;有用功、额外功与总功。

5. 如图所示，电源电压$U$恒定。滑动变阻器$R$上标有“$50{\Omega}2{A}$”，灯泡$ L$上标有“$6{V}3.6{W}$”(忽略灯丝电阻变化)，电流表的量程为$0∼0.6{A}$，电压表的量程为$0∼15{V}$。闭合$ S$、$ S_{1}$、$ S_{3}$，断开$ S_{2}$，滑片$P$移到某一位置时，两电表示数分别为$U_{1}$、$I_{1}$；滑片$P$向右移到另一位置时，灯泡的实际功率$P_{实}=\frac{1}{4}P_{额}$，电压表的示数为$U_{2}=15{V}$，在移动滑片过程中，灯泡$L$功率的变化量为$\Delta P$。若用电阻$R_{3}$替换灯泡$ L$，闭合$ S$、$ S_{2}$，断开$ S_{1}$、$ S_{3}$，$R_{3}$的功率为$P_{3}$。其中定值电阻$R_{1}=16{\Omega}$，定值电阻$R_{2}$、$R_{3}$，每个电阻的阻值只有$4{\Omega}$、$10{\Omega}$这两种可能，以上操作中各元件均需安全工作。下列结论正确的是(AD)


A.$U=18{V}$
B.$\Delta P$的字母表达式可记为$\Delta P=(U_{2}-U_{1})×(I_{1}-I_{2})$
C.定值电阻$R_{2}$、$R_{3}$两端的电压之比可能为$5:2$
D.$P_{3}$可能是$2.5{W}$

答案：
5.AD　解析:A.闭合$S$、$S_1$、$S_3$,断开$S_2$,滑片P移到某一位置时，等效电路图如图1所示;滑片P向右移到另一位置时，等效电路图如图2所示:
　　　　 　　
　由$P = UI = \frac{U^2}{R}$可得，灯泡的电阻$R_L = \frac{U_L^2}{P_L} = \frac{(6V)^2}{3.6W} = 10\Omega$,图2中灯泡的实际功率$P_{实} = \frac{1}{4}P_{额} = \frac{1}{4}×3.6W = 0.9W$,灯泡两端的电压$U_{实} = \sqrt{P_{实}R_L} = \sqrt{0.9W×10\Omega} = 3V$,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以电源的电压$U = U_2 + U_{实} = 15V + 3V = 18V$,故A正确;B.
图1中灯泡的电功率$P_{实}^\prime = (U - U_2)I_1$,图2中灯泡的电功率$P_{实} = (U - U_2)I_2$,由题知,滑片向右移动，滑动变阻器接人电路的电阻变大,电路中的电流变小,由$P = I^2R$可知,灯泡的电功率变小，则灯泡L功率的变化量$\Delta P = P_{实}^\prime - P_{实} = (U - U_2)I_1 - (U - U_2)I_2 ≠ (U - U_1)×(I_1 - I_2)$,故B 错误;C、D.若用电阻$R_3$替换灯泡L,闭合$S$、$S_2$,断开$S_1$、$S_3$时，等效电路图如图3所示:
　　　　　
由电流表的量程为0~0.6A可知,电路中的最大电流为0.6A,由$I = \frac{U}{R}$可得，电路中的最小总电阻$R_总 = \frac{U}{I_大} = \frac{18V}{0.6A} = 30\Omega$,则定值电阻$R_2$、$R_3$的阻值不能同时为4Ω,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以,电压表示数与电源电压的比值$\frac{U_V}{U} = \frac{I(R_1 + R_2)}{I(R_1 + R_2 + R_3)} = \frac{R_1 + R_2}{R_1 + R_2 + R_3}$,则电压表的示数$U_V = \frac{R_1 + R_2}{R_1 + R_2 + R_3}U$,当$R_2 = 10\Omega$、$R_3 = 4\Omega$时，电压表的示数$U_V = \frac{R_1 + R_2}{R_1 + R_2 + R_3}U = \frac{16\Omega + 10\Omega}{16\Omega + 10\Omega + 4\Omega}×18V = 15.6V＞15V$,此种情况不可能;当$R_2 = 4\Omega$、$R_3 = 10\Omega$时,电压表的示数$U_V = \frac{R_1 + R_2}{R_1 + R_2 + R_3}U = \frac{16\Omega + 4\Omega}{16\Omega + 4\Omega + 10\Omega}×18V = 12V$,此种情况可能，定值电阻$R_2$、$R_3$两端的电压之比$\frac{U_2}{U_3} = \frac{IR_2}{IR_3} = \frac{R_2}{R_3} = \frac{4\Omega}{10\Omega} = \frac{2}{5}$,电路中的电流$I = \frac{U}{R_1 + R_2 + R_3} = \frac{18V}{16\Omega + 4\Omega + 10\Omega} = 0.6A$,$R_3$的功率$P_3 = I^2R_3 = (0.6A)^2×10\Omega = 3.6W$;当$R_2 = 10\Omega$、$R_3 = 10\Omega$时,电压表的示数$U_V = \frac{R_1 + R_2}{R_1 + R_2 + R_3}U = \frac{16\Omega + 10\Omega}{16\Omega + 10\Omega + 10\Omega}×18V = 13V$,此种情况可能，定值电阻$R_2$、$R_3$两端的电压之比$\frac{U_2}{U_3} = \frac{IR_2}{IR_3} = \frac{R_2}{R_3} = \frac{10\Omega}{10\Omega} = 1$,电路中的电流$I^\prime = \frac{U}{R_1 + R_2 + R_3} = \frac{18V}{16\Omega + 10\Omega + 10\Omega} = 0.5A$,$R_3$的功率$P_3 = I^{\prime2}R_3 = (0.5A)^2×10\Omega = 2.5W$;综上可知,C错误，D正确。故选AD。
[考点]电功率的综合计算;欧姆定律的应用;串并联的比例计算;欧姆定律的多状态计算。