《2026年新高考5年真题物理江苏专版》

4. [2025·湖北卷,5T,4分] 如图甲所示，相距L的两足够长平行金属导轨放在同一水平面内，两长度均为L、电阻均为R的金属棒ab、cd垂直跨放在两导轨上，金属棒与导轨接触良好，导轨电阻忽略不计。导轨间存在与导轨平面垂直的匀强磁场，其磁感应强度大小B随时间变化的图像如图乙所示，t=T时刻，B=0。t=0时刻，B=$B_0$，两棒相距$x_0$，ab棒速度为零，cd棒速度方向水平向右，并与棒垂直，则$0 \sim T$时间内流过回路的电荷量为 (B)


A.$\frac{B_0Lx_0}{4R}$
B.$\frac{B_0Lx_0}{2R}$
C.$\frac{B_0Lx_0}{R}$
D.$\frac{2B_0Lx_0}{R}$

答案： 4.参考答案B
命题意图本题考查法拉第电磁感应定律和电荷量的计算，考查考生的推理能力。
解题思路由$E = \frac{\varPhi}{\Delta t}$、$i = \frac{E}{R_{总}}$和$q = I\Delta t$，可得0～T时间内流过回路的电荷量为$q=\left|\frac{\Delta\varPhi}{2R}\right|$，由$|\Delta\varPhi| = |\varPhi_{T}-\varPhi_{0}| = \left|0 - B_{0}Lx_{0}\right| = B_{0}Lx_{0}$，可得$q = \frac{B_{0}Lx_{0}}{2R}$，故B正确，A、C、D错误。

5. [2025·浙江1月卷,9T,3分] 新能源汽车日趋普及，其能量回收系统可将制动时的动能回收再利用，当制动过程中回收系统的输出电压(U)比动力电池所需充电电压($U_0$)低时，不能直接充入其中。在下列电路中，通过不断打开和闭合开关S，实现由低压向高压充电，其中正确的是 (B)

答案： 5.参考答案B
命题意图本题考查自感现象，考查考生的推理能力。
解题思路选项A电路中，当开关S断开时，整个电路均断开，不能给动力电池充电，A错误。选项B电路中，当开关S闭合时，线圈L中有电流通过，当开关S断开时，线圈L由于自感，电流不会发生突变，因此断开开关S后，电路中有沿顺时针方向的电流，可以给动力电池充电，B正确。选项C电路中，当开关S闭合时，线圈L中有电流通过，但当开关S断开时，L也与电路断开，不能给动力电池充电，C错误。选项D电路中，当开关S闭合时，线圈L中有电流通过，当开关S断开时，线圈L由于自感，电流不会发生突变，因此断开开关S后，线圈L所在电路应该有沿逆时针方向的电流，但由于二极管导通方向与电流方向反向，则此时电路中无电流，不能给动力电池充电，D错误。
拓展延伸
对于电容器和电感线圈，当电路其他部分发生突变时，电容器两端电压不会发生突变，通过电感线圈的电流不会发生突变。

6. [2025·陕西卷,7T,4分] 如图，光滑水平面上存在竖直向上、宽度d大于2L的匀强磁场，其磁感应强度为B，甲、乙两个合金导线框的质量均为m，长均为2L，宽均为L，电阻分别为R和2R。两线框在光滑水平面上以相同初速度$v_0 = \frac{4B^2L^3}{mR}$并排进入磁场，忽略两线框之间的相互作用，则 (D)


A.甲线框进磁场和出磁场的过程中电流方向相同
B.甲、乙线框刚进磁场区域时，所受合力大小之比为1∶1
C.乙线框恰好完全出磁场区域时，速度大小为0
D.甲、乙线框从刚进磁场区域到完全出磁场区域产生的焦耳热之比为4∶3

答案： 6.参考答案D
命题意图本题考查法拉第电磁感应定律、安培力、右手定则、动量定理和能量守恒定律，考查考生的推理能力和分析综合能力。
解题思路进磁场的过程中，甲线框的右边框切割磁感线，由右手定则可知，线框中的电流沿顺时针方向，出磁场的过程中，甲线框的左边框切割磁感线，由右手定则可知，线框中的电流沿逆时针方向，故A错误。刚进磁场区域时，甲线框切割磁感线产生的感应电动势$E = BLv_{0}$，线框中的电流$I = \frac{E}{R}$，所受合力$F_{合甲}=F_{安甲}=BIL$，联立解得刚进磁场区域时甲线框所受合力大小$F_{合甲}=\frac{B^{2}L^{2}v_{0}}{R}$，同理可得刚进磁场区域时乙线框所受合力大小$F_{合乙}=\frac{B^{2}L^{2}v_{0}}{2R}$，则有$F_{合甲}:F_{合乙}=2:1$，故B错误。乙线框进磁场区域的过程中，由动量定理有$-BI_{1}L\Delta t = mv_{1}-mv_{0}$，其中$q_{1}=I_{1}\Delta t=\frac{\Delta\varPhi}{2R}=\frac{BL^{2}}{R}$，联立解得乙线框恰好完全进磁场区域时的速度$v_{1}=\frac{3B^{2}L^{3}}{mR}$；乙线框完全进入磁场区域后做匀速直线运动；乙线框出磁场区域的过程中，由动量定理有$-BI_{2}L\Delta t' = mv_{2}-mv_{1}$，其中$q_{2}=I_{2}\Delta t'=\frac{\Delta\varPhi}{2R}=\frac{BL^{2}}{R}$，联立解得乙线框恰好完全出磁场区域时的速度$v_{2}=\frac{2B^{2}L^{3}}{mR}$。故C错误。同理可得甲线框完全出磁场区域时速度大小$v_{甲}=0$，由能量守恒定律可知甲、乙线框从刚进磁场区域到完全出磁场区域产生的焦耳热分别为$Q_{甲}=\frac{1}{2}mv_{0}^{2}$，$Q_{乙}=\frac{1}{2}mv_{0}^{2}-\frac{1}{2}mv_{2}^{2}$，联立可得$Q_{甲}:Q_{乙}=4:3$，故D正确。