《2025年实验班提优大考卷九年级物理全一册人教版》

1. (2024·菏泽中考)下列家用电器,利用电流的热效应工作的是(D)。
A.电冰箱
B.洗衣机
C.电脑
D.电饭煲

答案： D[解析]电流通过导体时电能转化成内能，这种现象叫作电流的热效应;题中家用电器利用电流的热效应工作的是电饭煲，故A、B、C错误，D正确.故选D.

2. (变式提优→B卷T2)(2024·广元中考)如图所示是小英家的电能表表盘示意图,她断开其他用电器,只将电饭煲单独接入电路中正常工作1 min,发现电能表转盘转过10转。下列说法正确的是(D)。

A.电能表是测量电流的仪表
B.电能表允许通过的最大电流是10 A
C.电能表表盘示数为10 226 kW·h
D.电饭煲正常工作10 min,消耗电能$6×10^5 J$

答案： D[解析]电能表是测量一定时间内用电器消耗电能(电功)的仪表，故A错误;10
(20)A表示此电能表平时工作允许通过的最大电流不超过20A,故B错误;电能表表盘示数为1022.6kW·h,故C错误;600r/kW·h表示电路中每消耗1kW·h的电能，电能表转盘转过600r,只将电饭煲单独接入电路中正常工作1min,电能表1min内转盘转过了10转，则1min内电饭煲消耗的电能$W=\frac{10}{600}\ kW·h=\frac{1}{60}\ kW·h=\frac{1}{60}× 3.6× 10^{6}\ J=6× 10^{4}\ J$，则电饭煲正常工作10min消耗的电能为$6× 10^{4}\ J× 10=6× 10^{5}\ J$，故D正确.故选D.

3. 如图所示,电源电压保持不变,开关S闭合后,灯$L_1、$$L_2$都能正常工作,甲、乙两个电表的示数之比是3∶5,此时灯$L_1、$$L_2$的电功之比和电流之比分别是(A)。

A.3∶2,1∶1
B.1∶1,5∶3
C.1∶1,2∶3
D.2∶3,1∶1

答案： A[解析]开关S闭合后，灯L₁、L₂都能正常工作，两表均应为电压表，如果为电流表则会出现短路，其中甲电压表测L₁两端电压，乙电压表测电源电压，两灯串联，电流之比为$\frac{I_{1}}{I_{2}}=\frac{1}{1}$；两表电压之比为$\frac{U_{甲}}{U_{乙}}=\frac{U_{1}}{U_{1}+U_{2}}=\frac{3}{5}$，则两灯电压之比为$\frac{U_{1}}{U_{2}}=\frac{3}{2}$，此时灯L₁、L₂的电功率之比是$\frac{W_{1}}{W_{2}}=\frac{U_{1}I_{1}t}{U_{2}I_{2}t}=\frac{U_{1}}{U_{2}}=\frac{3}{2}$，故A正确.故选A.

4. 将灯$L_1$和灯$L_2$并联起来接入电路,闭合开关后发现灯$L_1$比灯$L_2$亮,则关于两灯的电压$U_1、$$U_2$和电流$I_1、$$I_2$的说法正确的是(A)。
$A. U_1= U_2,I_1＞I_2$
$B. U_1= U_2,I_1＜I_2$
$C. U_1＞U_2,I_1＞I_2$
$D. U_1＞U_2,I_1= I_2$

答案： A[解析]两灯并联在电路中，根据并联电路的电压特点可知，$U_{1}=U_{2}$，灯L₁比L₂亮，说明L₁的实际功率比L₂的大，根据$P=UI$可知，$I_{1}＞I_{2}$，故A正确，B、C、D错误.故选A.

5. (跨学科 数形结合)(2024·南通中考)如图甲所示是灯泡L的I-U图像,灯泡的额定电压为2.5 V。将灯泡L接入图乙电路,已知电阻R₀的阻值为5 Ω,电流表的测量范围为0～0.6 A,电源电压可调。在电路安全工作的前提下,下列判断正确的是(提示：可在图甲中作出电阻R₀的I-U图像)( )。

A.两条支路中的电流不可能相同
B.灯泡实际功率总比电阻功率大
C.电路总功率最大可达到1.5 W
D.电源可调的最大电压为1.8 V

答案：
D[解析]电阻$R_{0}$的阻值为5Ω，当电压为1.8V时，电流$I=\frac{U_{0}}{R_{0}}=\frac{1.8\ V}{5\ \Omega}=0.36\ A$，据此画出图像如图所示.

根据图像知，当$U=1\ V$，图像相交，说明电流相等，故两条支路中的电流可能相同，故A错误；根据$P=UI$知，并联电路的电压相等，而灯泡在电压大于1V时，电流小于电阻的电流，故此吋灯泡实际功率比电阻功率小，故B错误；灯泡的最大电压可以为2.5V，灯泡的电流为0.26A，电阻的电流$I_{0}=\frac{U_{0}}{R_{0}}=\frac{2.5\ V}{5\ \Omega}=0.5\ A$，干路电流$I=I_{L}+I_{0}=0.26\ A+0.5\ A=0.76\ A＞0.6\ A$，当电压为1.8V时，灯泡的电流为0.24A，电阻的电流$I_{0}'=0.36\ A$，干路电流$I=I_{L}'+I_{0}'=0.24\ A+0.36\ A=0.6\ A$，故电源可调的最大电压为1.8V，此时的电功率$P=UI=1.8\ V× 0.6\ A=1.08\ W$，故电路总功率最大不能达到1.5W，故C错误，D正确.故选D.
名师点评这是动态电路分析题，电源电压可调增加了本题的难度，解决这种问题首先要判断电路的连接方式，根据串、并联电路的特点，去判断当一物理量发生变化，其他的物理量如何变化，在保障电路安全的条件下，给出了电路的限制条件，再根据限制条件去判断其他的物理量.

6. 如图所示,滑动变阻器的滑片从右端向左端滑动的过程中,下列说法正确的是(A)。

A.电压表的示数不变,总功率变小
B.电流表的示数变大,总功率变大
C.电压表的示数变大,灯泡的亮度变暗
D.电流表的示数变大,灯泡的亮度变暗

答案： A[解析]由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测的是电源电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑片从右端向左端滑动的过程中，其接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大.由于电源电压不变，因此电压表示数不变；由欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；根据$P=UI$可知，总功率变小；由串联分压及串联电路电压特点可知，灯泡两端的电压变小，由$P=UI$可知，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗.故A正确，B、C、D错误.故选A.