《2025年实验班提优大考卷九年级物理全一册人教版》

1. (2025·江苏盐城经开区期末)由欧姆定律公式 $ I = \frac{U}{R} $ 变形得 $ R = \frac{U}{I} $,对此,下列说法中正确的是(D)。
A.加在导体两端的电压越大,则导体的电阻越大
B.通过导体的电流越大,则导体的电阻越小
C.当导体两端的电压为零时,导体的电阻也为零
D.电阻是导体本身的一种性质,导体的电阻与导体两端的电压和导体中的电流无关

答案： D [解析]电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，$R=\frac{U}{I}$只是计算电阻大小的公式，故A、B、C错误，D正确。故选D。

2. 图像分析法如图所示为电阻 $ R_1 $ 和 $ R_2 $ 的 $ I - U $ 图像,由图像可知(C)。

A.$ R_1 $ 与 $ R_2 $ 两端的电压为零时,它们的电阻也为零
B.$ R_1 $ 与 $ R_2 $ 的电阻之比为 $ 2 : 1 $
C.将 $ R_1 $ 与 $ R_2 $ 串联接入电路,通电后 $ R_1 $ 与 $ R_2 $ 两端的电压之比为 $ 1 : 2 $
D.将 $ R_1 $ 与 $ R_2 $ 并联接入电路,通电后通过 $ R_1 $ 与 $ R_2 $ 的电流之比为 $ 1 : 2 $

答案： C [解析]电阻表示导体对电流阻碍作用，其大小与导体的材料、长度、横截面积以及导体的温度有关，与导体两端的电压、通过的电流大小无关，所以$R_{1}$与$R_{2}$两端的电压为零时，它们的电阻不为零，A不符合题意；将$R_{1}$与$R_{2}$串联接入电路，电流相等，由I - U图像得出：当通过两电阻的电流相等时，如当$I = 0.3A$时，$R_{2}$两端的电压为$R_{1}$两端的电压的两倍，即$U_{2}=2U_{1}$，则通电后$R_{1}$与$R_{2}$两端的电压之比为1:2，根据$I=\frac{U}{R}$可得$R_{2}=2R_{1}$，即$R_{1}$与$R_{2}$的电阻之比为1:2，故B不符合题意，C符合题意；将$R_{1}$与$R_{2}$并联接入电路，根据并联电路的电压特点可知，两电阻两端的电压相等，根据$I=\frac{U}{R}$可得，通电后通过$R_{1}$与$R_{2}$的电流之比为它们的电阻的反比，即为2:1，D不符合题意。故选C。

3. 如图所示,滑动变阻器的滑片从 $ B $ 端向 $ A $ 端滑动的过程中,下列说法正确的是(A)。

A.电压表示数变小
B.电流表示数变小
C.电路总电阻变大
D.$ R_0 $ 不能保护电路

答案： A [解析]由题图可知，定值电阻$R_{0}$与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路电流。滑动变阻器的滑片从B端向A端滑动的过程中，接入电路中的阻值变小，电路中总电阻变小，电路中电流变大，由欧姆定律得，定值电阻$R_{0}$两端的电压变大，滑动变阻器两端电压变小，则电压表示数变小，A正确，B、C错误；当滑片移到A端时，滑动变阻器接入电路的阻值为零，$R_{0}$串联在电路中能保护电路，D错误。故选A。

4. 如图所示,在探究并联电路中电流电压规律的实验中,闭合开关 $ S $ 后,发现 $ L_1 $ 比 $ L_2 $ 亮. 则(B)。

A.$ L_1 $ 的电流小于 $ L_2 $ 的电流
B.$ L_1 $ 的电阻小于 $ L_2 $ 的电阻
C.$ L_1 $ 两端电压大于 $ L_2 $ 两端电压
D.$ L_1 $ 的实际功率小于 $ L_2 $ 的实际功率

答案： B [解析]由题意知$L_{1}$比$L_{2}$亮，可知$L_{1}$的实际功率大于$L_{2}$的实际功率，又因两灯并联，两端的电压相等，根据$R=\frac{U^{2}}{P}$可知，电压相等时，功率越大，电阻越小，所以$L_{1}$的电阻小于$L_{2}$的电阻，故灯泡$L_{2}$的实际功率较小，电阻较大，由欧姆定律可知，通过$L_{1}$的电流大于通过$L_{2}$的电流，故选B。

5. 关于图中小明家的电能表,下列选项正确的是(B)。

A.电能表的示数为 $ 2023.6 \, J $
B.电能表能正常工作的最大电流是 $ 40 \, A $
C.电能表是测量电功率的仪表
D.脉冲指示灯闪得越快,电路消耗电能越多

答案： B [解析]电能表的示数为2023.6kW·h，A错误；10
(40)A表示该电能表的标定电流为10A，额定最大电流为40A，B正确；电能表是测量用电器消耗电能的仪表，C错误；脉冲指示灯闪得越快，表示电路消耗电能越快，即接在这个电能表的用电器电功率越大，D错误。故选B。

6. 跨学科 $ R - t $ 图像的电学分析 (2024·北京中考)图甲为自动气象站中的测温装置,它的测温电路图简化如图乙所示,其中的“恒流源”是一个特殊电源,电流大小由电源内部结构决定,当电阻 $ R $ 变化时,通过 $ R $ 的电流大小保持不变. 电阻 $ R $ 的阻值随温度的变化规律如图丙所示,通过数字电压表的示数可反映环境的温度. 某次环境温度从 $ 20^{\circ} C $ 上升到 $ 30^{\circ} C $,电压表的示数变化了 $ 8 \, mV $. 当温度的变化值相同时,电压表示数的变化值越大,该测温装置的灵敏度越高. 下列说法正确的是(C)。

A.每升高 $ 1^{\circ} C $,$ R $ 的阻值增大 $ 1.65 \, \Omega $
B.通过 $ R $ 的电流为 $ 20 \, mA $
C.环境温度为 $ 20^{\circ} C $ 时,电压表的示数为 $ 216 \, mV $
D.若要增大该测温装置的灵敏度,可换一个电流值更小的恒流源

答案： C [解析]根据图像，温度上升$80^{\circ}C$，对应电阻值增大$32\Omega$，故每升高$1^{\circ}C$，$R$的阻值增大$\frac{32\Omega}{80}=0.4\Omega$，A错误；根据欧姆定律$I=\frac{U}{R}$，在恒定电流状态下，$U$与$R$成正比，故电压变化量$\Delta U$与电阻变化量$\Delta R$成正比，即$I=\frac{\Delta U}{\Delta R}$，两者的比值即为恒定电流的值；从$20^{\circ}C$到$30^{\circ}C$，电阻值增加量为$0.4×10\Omega = 4\Omega$，故恒定电流值为$I=\frac{\Delta U}{\Delta R}=\frac{8mV}{4\Omega}=2mA$，B错误；环境温度为$20^{\circ}C$时，电阻$R$的阻值为$108\Omega$，电流不变仍为$2mA$，故其两端电压$U = IR = 2mA×108\Omega = 216mV$，C正确；为了增大该装置的灵敏度，应该在温度变化量相同时，即电阻变化相同时，电压的变化量更大，根据欧姆定律变形公式$U = IR$可知，当电阻变化相同且恒流状态下，电流$I$越大，电压$U$变化量越大，装置更灵敏，故应换一个电流值更大的恒流源，D错误。故选C。