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2026年薪火金卷高考仿真模拟卷物理
注：目前有些书本章节名称可能整理的还不是很完善，但都是按照顺序排列的，请同学们按照顺序仔细查找。练习册 2026年薪火金卷高考仿真模拟卷物理 答案主要是用来给同学们做完题方便对答案用的，请勿直接抄袭。
11. (5分)位移传感器经常用在力学实验中，并且可以很好的与计算机结合，快速解决普通方法难以测量的问题。为了测量小物块与木板间的动摩擦因数$\mu$，某小组设计了如图甲所示的实验装置，将粗糙长木板(厚度不计)的下端置于铁架台水平底座上的挡板$P$处，上部架在横杆上，横杆的位置可在竖直杆上调节。竖直杆$OO_1$与水平底座垂直，$Q$为长木板与竖直杆的交点，位移传感器安装在粗糙长木板的右端。
(1)现测得$OP$的长度如图甲所示，$OP$的长度$l=$
(2)调节横杆，当$OQ$的高度$h=12.00 cm$时，轻推在斜面上的小物块，物块到位移传感器的距离$x$与时间$t$的关系为图乙，则小物块与粗糙长木板间的动摩擦因数$\mu=$
(3)再次调节横杆，小物块无初速度轻放在斜面上，物块到位移传感器的距离$x$与时间$t$的关系为图丙，测得$OQ$的高度$h=18.00 cm$，则当地的重力加速度$g=$
(1)现测得$OP$的长度如图甲所示，$OP$的长度$l=$
24.00
$cm$。(2)调节横杆，当$OQ$的高度$h=12.00 cm$时，轻推在斜面上的小物块，物块到位移传感器的距离$x$与时间$t$的关系为图乙，则小物块与粗糙长木板间的动摩擦因数$\mu=$
0.5
。(3)再次调节横杆，小物块无初速度轻放在斜面上，物块到位移传感器的距离$x$与时间$t$的关系为图丙，测得$OQ$的高度$h=18.00 cm$，则当地的重力加速度$g=$
9.80m/s²
。(保留3位有效数字)
答案：
11.解析
(1)该刻度尺的分度值为0.1cm，要估读，根据刻度尺的读数规律，该读数为24.00cm。
(2)题图乙中$x - t$图像为一条倾斜的直线，斜率表示速度，斜率一定，表明小物块在斜面上沿斜面向下做匀速直线运动，令斜面倾角为$\theta$，则有$mg\sin\theta = \mu mg\cos\theta$，根据几何关系得$\tan\theta = \dfrac{12.00\ cm}{24.00\ cm} = \dfrac{1}{2}$，解得$\mu = 0.5$。
(3)再次调节横杆，小物块无初速度轻放在斜面上，小物块到位移传感器的距离$x$与时间$t$的关系为题图丙，根据图像可知，小物块向下做匀加速直线运动，令斜面倾角为$\alpha$，则有$\tan\alpha = \dfrac{18.00\ cm}{24.00\ cm} = \dfrac{3}{4}$，可知$\sin\alpha = \dfrac{3}{5}$，$\cos\alpha = \dfrac{4}{5}$，对小物块进行分析有$mg\sin\alpha - \mu mg\cos\alpha = ma$，设0时刻小物块距离位移传感器的间距为$x_0$，根据位移公式有$x_0 - x = \dfrac{1}{2}at^2$，则有$x = x_0 - \dfrac{1}{2}(g\sin\alpha - \mu g\cos\alpha)t^2$，结合上述，将题图丙中0.1s与0.2s的坐标代入解得$g = 9.80\ m/s^2$。
答案
(1)24.00
(2)0.5
(3)9.80m/s²
(1)该刻度尺的分度值为0.1cm，要估读，根据刻度尺的读数规律，该读数为24.00cm。
(2)题图乙中$x - t$图像为一条倾斜的直线，斜率表示速度，斜率一定，表明小物块在斜面上沿斜面向下做匀速直线运动，令斜面倾角为$\theta$，则有$mg\sin\theta = \mu mg\cos\theta$，根据几何关系得$\tan\theta = \dfrac{12.00\ cm}{24.00\ cm} = \dfrac{1}{2}$，解得$\mu = 0.5$。
(3)再次调节横杆，小物块无初速度轻放在斜面上，小物块到位移传感器的距离$x$与时间$t$的关系为题图丙，根据图像可知，小物块向下做匀加速直线运动，令斜面倾角为$\alpha$，则有$\tan\alpha = \dfrac{18.00\ cm}{24.00\ cm} = \dfrac{3}{4}$，可知$\sin\alpha = \dfrac{3}{5}$，$\cos\alpha = \dfrac{4}{5}$，对小物块进行分析有$mg\sin\alpha - \mu mg\cos\alpha = ma$，设0时刻小物块距离位移传感器的间距为$x_0$，根据位移公式有$x_0 - x = \dfrac{1}{2}at^2$，则有$x = x_0 - \dfrac{1}{2}(g\sin\alpha - \mu g\cos\alpha)t^2$，结合上述，将题图丙中0.1s与0.2s的坐标代入解得$g = 9.80\ m/s^2$。
答案
(1)24.00
(2)0.5
(3)9.80m/s²
12. (10分)物理课外研究小组欲通过实验研究某一直流电源的带载特性，除所用电源、开关、导线外，实验室还备有器材：电压表(量程$3 V$)、电流表(量程$3 A$)、定值电阻$R_0$、滑动变阻器$R_{L}$。
(1)测量电源的电动势和内阻。按如图甲所示的电路连接器材，并移动滑动变阻器$R_{L}$的滑片位置，读出对应的电压表和电流表示数。在图乙中标记相应的点并画出$U-I$图线，可得电源电动势$E=$
(2)不考虑偶然误差，由上述(1)方法测得的内阻$r$中是
(3)测试电源的带载特性。用$R$表示变阻器接入电路的阻值，$I$表示电流表的示数。为便于对比研究，采集两种情况下的数据并作出相应的①、②图线：
①表示图甲中变阻器$R_{L}$的功率变化规律；
②表示图丙中变阻器$R_{L}$的功率变化规律。
在滑动变阻器$R_{L}$的滑片移动过程中，不考虑电表的影响，下列选项正确的是
(1)测量电源的电动势和内阻。按如图甲所示的电路连接器材，并移动滑动变阻器$R_{L}$的滑片位置，读出对应的电压表和电流表示数。在图乙中标记相应的点并画出$U-I$图线，可得电源电动势$E=$
3.0
$V$，内阻$r=$1.3
$\Omega$。(结果均保留2位有效数字)(2)不考虑偶然误差，由上述(1)方法测得的内阻$r$中是
小于
(填“大于”“等于”或“小于”)真实值，引起此误差的原因是电压表的分流
。(3)测试电源的带载特性。用$R$表示变阻器接入电路的阻值，$I$表示电流表的示数。为便于对比研究，采集两种情况下的数据并作出相应的①、②图线：
①表示图甲中变阻器$R_{L}$的功率变化规律；
②表示图丙中变阻器$R_{L}$的功率变化规律。
在滑动变阻器$R_{L}$的滑片移动过程中，不考虑电表的影响，下列选项正确的是
AC
。
答案：
12.解析
(1)根据闭合电路欧姆定律$U = E - Ir$知，电源$U - I$图像与纵轴交点坐标值是电动势，图像斜率绝对值是电源内阻。由图像可知，电动势测量值$E = 3.0\ V$，电源内阻$r = \dfrac{3.0 - 1.0}{1.5}\ \Omega \approx 1.3\ \Omega$。
(2)考虑到电压表内阻，有$U = E - \left(I + \dfrac{U}{R_V}\right)r$，整理得$U = \dfrac{R_V}{R_V + r}E - \dfrac{R_Vr}{R_V + r}I$，因为斜率代表内阻，所以内阻测量值偏小，引起此误差的原因是电压表的分流。
(3)题图甲中，滑动变阻器$R_L$的功率为$P_1 = IE - I^2r$，由数学知识可知，当$I = \dfrac{E}{2r}$时，功率最大，又有$I = \dfrac{E}{R_L + r}$，可知此时$R_L = r$，功率最大，最大功率为$P_{1m} = \dfrac{E^2}{4r}$；题图丙中，把$R_0$和电源看成等效电源，则电源的等效电动势为$E' = \dfrac{R_0}{R_0 + r}E$，等效内阻为$r' = \dfrac{R_0}{R_0 + r}r$，则滑动变阻器$R_L$的功率为$P_2 = IE' - I^2r'$，由数学知识可知，当$I = \dfrac{E'}{2r'} = \dfrac{\dfrac{R_0}{R_0 + r}E}{\dfrac{2R_0}{R_0 + r}r} = \dfrac{E}{2r}$，功率最大，此时$R_L = \dfrac{R_0}{R_0 + r}r ＜ r$，最大功率为$P_{2m} = \dfrac{E'^2}{4r'} = \dfrac{R_0}{R_0 + r} · \dfrac{E^2}{4r} ＜ P_{1m}$。综上所述，题图甲中和题图丙中滑动变阻器功率最大时，电流相等，题图甲中滑动变阻器的电阻较大，且题图甲中的最大功率较大，故选AC。
答案
(1)3.0 1.3
(2)小于 电压表的分流
(3)AC
(1)根据闭合电路欧姆定律$U = E - Ir$知，电源$U - I$图像与纵轴交点坐标值是电动势，图像斜率绝对值是电源内阻。由图像可知，电动势测量值$E = 3.0\ V$，电源内阻$r = \dfrac{3.0 - 1.0}{1.5}\ \Omega \approx 1.3\ \Omega$。
(2)考虑到电压表内阻，有$U = E - \left(I + \dfrac{U}{R_V}\right)r$，整理得$U = \dfrac{R_V}{R_V + r}E - \dfrac{R_Vr}{R_V + r}I$，因为斜率代表内阻，所以内阻测量值偏小，引起此误差的原因是电压表的分流。
(3)题图甲中，滑动变阻器$R_L$的功率为$P_1 = IE - I^2r$，由数学知识可知，当$I = \dfrac{E}{2r}$时，功率最大，又有$I = \dfrac{E}{R_L + r}$，可知此时$R_L = r$，功率最大，最大功率为$P_{1m} = \dfrac{E^2}{4r}$；题图丙中，把$R_0$和电源看成等效电源，则电源的等效电动势为$E' = \dfrac{R_0}{R_0 + r}E$，等效内阻为$r' = \dfrac{R_0}{R_0 + r}r$，则滑动变阻器$R_L$的功率为$P_2 = IE' - I^2r'$，由数学知识可知，当$I = \dfrac{E'}{2r'} = \dfrac{\dfrac{R_0}{R_0 + r}E}{\dfrac{2R_0}{R_0 + r}r} = \dfrac{E}{2r}$，功率最大，此时$R_L = \dfrac{R_0}{R_0 + r}r ＜ r$，最大功率为$P_{2m} = \dfrac{E'^2}{4r'} = \dfrac{R_0}{R_0 + r} · \dfrac{E^2}{4r} ＜ P_{1m}$。综上所述，题图甲中和题图丙中滑动变阻器功率最大时，电流相等，题图甲中滑动变阻器的电阻较大，且题图甲中的最大功率较大，故选AC。
答案
(1)3.0 1.3
(2)小于 电压表的分流
(3)AC
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