《2026年金考卷中考45套汇编物理河北专版》

10. 如图8所示，电源电压不变，R₁、R₂为定值电阻，R₁阻值为10Ω，R为滑动变阻器，规格为“20Ω 1A”，电流表测量范围0~3A。闭合开关S、S₁，电流表示数为0.6A，R₁的功率为P₁；开关全部闭合时，电流表示数变化了0.4A。电压表可更换测量范围，则下列说法正确的是 (D)

A.R₂阻值为5Ω
B.只闭合开关S，滑片P向右移动，电压表示数减小
C.只闭合开关S，R₁的最小功率为$\frac{1}{2}P_1$
D.R、R₁、R₂任意互换，开关全部闭合，电流表示数最小值为0.7A

答案： 10. D
名师教解题
电路连接：闭合开关S、S₁；开关全部闭合；只闭合开关S。
等效电路：
闭合开关S、S₁时，R₁与R₂并联，电流表测干路电流，电流表示数为0.6A，R₁的功率为P₁。
开关全部闭合与闭合开关S、S₁相比，电流表示数变化了0.4A。
只闭合开关S时，R₁与R串联，电压表测R两端的电压。
分析：
①可得电流表示数变大，增大的示数等于通过R₂的电流，为0.4A，故$R_{2}=\frac{U}{I_{2}}=\frac{6V}{0.4A}=15\Omega$。
①滑片P向右移动，R接入电路的阻值变大，根据串联电路的分压规律可知，R两端电压增大，即电压表示数增大。
②由于电压表可更换测量范围，故当R接入电路的阻值最大时，电路电流最小，R₁的功率最小，$P_{R_{min}}=\frac{U^{2}}{(R + R_{max})^{2}}$ 。
①电源电压$U = IR_{1}=0.6A×10\Omega = 6V$。
②$P_{1}=UI = 6V×0.6A = 3.6W$。
②R、R₁、R₂任意互换，电路为其中任意两个电阻构成的并联电路，经分析，将R与R₁互换且将R的全部阻值接入电路时，电流表示数最小，为$I=\frac{U}{R_{max}} + \frac{U}{R_{2}}=\frac{6V}{20\Omega} + \frac{6V}{15\Omega}=0.7A$。
综上分析，A、B、C错误，D正确。

11. 新情境 水陆两栖飞机AG600“鲲龙” (2分)2025年4月20日，我国自主研制的大型水陆两栖飞机AG600“鲲龙”取得型号合格证，该机型具备飞机和船的特性，如图9所示，“鲲龙”在水中航行时，相对于河岸是运动(选填“运动”或“静止”)的；当在空中飞行时，机翼上方的空气压强小于(选填“大于”“小于”或“等于”)下方的空气压强。

答案： 11. 运动 小于
[解题思路]
第一空：“鲲龙”在水中航行时，相对河岸位置不断改变，所以是运动的。
第二空：飞机的机翼上凸下平，在空中飞行时，机翼上方的空气流速快、压强小，机翼下方的空气流速慢、压强大，因而产生向上的压强差，从而产生向上的压力差，这就是升力。

12. (2分)2025年4月24日，搭载神舟二十号载人飞船的长征二号F遥二十运载火箭成功发射。如图10是火箭发射后加速上升的情景，加速上升过程中飞船的动能增大，重力势能增大。(均选填“增大”“减小”或“不变”)

答案： 12. 增大 增大

13. (2分)如图11为我国古人运送巨木的劳动情景。人们通过横杆、支架、石板等，将巨木的一端抬起，垫上圆木，以便将其移到其他地方。请分析：
(1) 支架下面垫石板是为了减小压强。
(2) 如果人们无法将巨木抬起，可以采取缩短横杆上悬绳与支架之间距离的方法，以减小阻力臂。

答案： 13.
(1)减小压强
(2)阻力臂
[解题思路]
(1)支架下面垫石板，是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。
(2)将横杆看成杠杆，支架与横杆的接触处为支点，人们对横杆的力为动力，巨木通过悬绳对横杆的力是阻力，缩短横杆上悬绳与支架之间的距离，相当于减小了阻力臂。

14. (2分)2025年1月，全球最大“华龙一号”核电基地——福建漳州核电1号机组正式投入运行。核能属于不可再生(选填“可再生”或“不可再生”)能源；“华龙一号”核电站中的核反应堆是利用核裂变(选填“裂变”或“聚变”)释放能量发电的。

答案： 14. 不可再生 裂变
[解题思路]核能会越用越少，且短期内不能从自然界得到补充，属于不可再生能源。目前，核电站的核反应堆都是利用核裂变释放的能量发电的。

15. (2分)小明家中电水壶的铭牌标有“220V 1500W”字样，用此电水壶将1.5L水从20℃加热到沸腾(1标准大气压)，水吸收的热量为5.04×10⁵J；若此次电水壶烧水的效率为84%，电水壶正常工作，将这壶水烧开所用的时间为400s。[已知水的密度为1.0×10³kg/m³，水的比热容为4.2×10³J/(kg·℃)]

答案： 15. 5.04×10⁵ 400
[解题思路]第一步：先根据体积及密度求水的质量。
$m = \rho V = 1.0×10³kg/m³×1.5×10^{-3}m³ = 1.5kg$。
第二步：再根据比热容及热量的计算公式计算水吸收的热量。
$Q_{吸}=cm\Delta t = 4.2×10³J/(kg·℃)×1.5kg×(100℃ - 20℃)=5.04×10⁵J$。
第三步：求消耗的电能。
根据效率的计算公式$\eta=\frac{Q_{吸}}{W}$可得，$W = \frac{Q_{吸}}{\eta}=\frac{5.04×10⁵J}{84\%}=6.0×10⁵J$。
第四步：根据电能的计算公式算出所用的时间。
由$W = Pt$可得，$t = \frac{W}{P}=\frac{6.0×10⁵J}{1500W}=400s$。