《2026年高考基础卷物理》

4. 某同学设计了一个电容式传感器，该传感器由两块平行极板组成，其中上极板可上下活动，下极板固定不动，如图所示。先将该电容器与理想二极管、电流表组成一个闭合回路，如图所示。闭合开关 $ S $，将重物 $ M $ 放在上极板上，下列说法正确的是(C)


A.放上重物后，电容器的电容减小
B.放上重物后，电容器的带电量减小
C.若再取下重物，则电容器的电压增大
D.若再取下重物，则极板间的场强变大

答案： 4. C 平行板电容器的动态分析
[解析]放上重物后，两极板间距$d$减小，根据$C=\frac{\varepsilon_rS}{4\pi kd}$可知，电容器的电容$C$增大，A错误；由$C=\frac{Q}{U}$可知，$C$增大，$U$不变，则$Q$增大，B错误；若取下重物，极板间距$d$增大，$C$减小，假设$U$不变，$Q$应减小，由于二极管的单向导电性，电容器不放电，则$Q$不变，因此$U=\frac{Q}{C}$增大，C正确；板间的场强$E=\frac{U}{d}=\frac{Q}{Cd}=\frac{4\pi kQ}{\varepsilon_rS}$，$Q$、$S$不变，则$E$不变，D错误。
[难点]电容器与电源直接相连，极板电压不变

5. 如图是模拟街头变压器通过降压给用户供电的示意图。变压器的输入电压是市区电网的电压，负载变化时输入电压不会有大的波动。输电时两条输电线的总电阻用 $ R_0 $ 表示，变阻器 $ R $ 代表用户用电器的总电阻，变压器视为理想变压器，电表视为理想电表。当用户的用电器增加，下列说法正确的是(B)


A.电流表 $ A_1 $、$ A_2 $ 的示数均减小
B.电压表 $ V_1 $、$ V_2 $ 的示数均减小
C.电阻 $ r $ 消耗的功率减小
D.$ R_0 $ 和 $ R $ 消耗的总功率增大

答案：
5. B 变压器的动态分析
[解析]把负载和变压器视为等效电阻$R_{等效}$，简化电路如图，其中$R_{等效}=(\frac{n_1}{n_2})^2(R_0 + R)$，当用户的用电器增加时，相当于$R$减小。
[难点]根据$I_1^2R_{等效}=I_2^2(R_0 + R)$、$\frac{I_1}{I_2}=\frac{n_2}{n_1}$推导。
则$R_{等效}$减小，原线圈电路电流$I_1$增大，因此④示数增大，由变流比可知，④示数也增大，A错误；$R_{等效}$两端电压$U_{等效}=U_{输入}-I_1r$减小，即⑤示数减小，由变压比知，副线圈两端电压减小，又④示数增大，因此$R$两端电压$U_R=U_{副}-I_2R_0$减小，即⑤示数减小，B正确；由于④示数增大，则$r$消耗的功率增大，C错误；把$r$视为电源的内阻，由于$R$减小时，$r$与$R + R_0$的大小关系未知，因此无法判断$R_0$和$R$消耗的总功率如何变化，D错误。

教材溯源本题由人教版选择性必修第二册P62 T5改编，考点为理想变压器，该考点在真题中的考频为近6年104卷12考，教材原题为原线圈不含定值电阻的输电原理图，教材改编题是原线圈含定值电阻的输电原理图，考查学生的理解能力、分析能力和推理能力。
技法链接本题技法见《抢分必备》夺分妙技33/P28

6. 爆发力指人体在短时间内通过肌肉协调产生最大功的能力，其计算公式为 $ P = \frac{\Delta W}{\Delta t} $。质量为 $ m = 50 \, kg $ 的某跳远运动员起跳用时 $ 0.4 \, s $，落地瞬间的速度与水平方向的夹角 $ \alpha = 45° $，跳远成绩为 $ 2 \, m $。若运动员可视为质点，运动轨迹可视为抛物线，重力加速度 $ g $ 取 $ 10 \, m/s^2 $，忽略空气阻力，下列说法正确的是(D)

A.运动员腾空的最大高度为 $ 1 \, m $
B.运动员腾空时间为 $ \frac{\sqrt{10}}{10} \, s $
C.起跳过程运动员做功为 $ 450 \, J $
D.运动员的爆发力为 $ 1250 \, W $

答案：
6. D 斜抛运动、动能定理
[解析]设运动员落地瞬间的速度为$v$，腾空时间为$t$，腾空最大高度为$h$，画出其运动轨迹如图，从最高点到落地过程可视为平抛运动，由平抛运动规律知，$\frac{x}{2}=v_x·\frac{t}{2}$，$h=\frac{v_y}{2}·\frac{t}{2}$，在竖直方向，由动能定理知，$mgh=\frac{1}{2}mv^2$，由运动的合成与分解知$\tan\alpha=\frac{v_y}{v_x}$，联立解得$v_x = v_y=\sqrt{10}\ m/s$，$h = 0.5\ m$，$t=\frac{\sqrt{10}}{5}\ s$，A、B错误；由动能定理知，起跳过程运动员做功$W=\frac{1}{2}mv^2=\frac{1}{2}m(v_x^2 + v_y^2)=500\ J$，根据爆发力的定义，运动员的爆发力$P=\frac{\Delta W}{\Delta t}=\frac{500}{0.4}\ W = 1250\ W$，C错误，D正确。

易错链接本题知识强化见《抢分必备》易错知识13/P8