《2025年5年高考3年模拟高中化学选择性必修第三册苏教版》

1. 现有四组分散系:①汽油和水形成的乳浊液;②含有泥沙的食盐水;③溶有碘(${I_{2}}$)的氯化钾溶液;④乙二醇和丙三醇的混合溶液(乙二醇和丙三醇的部分物理性质见下表)。

请用下图所示的仪器分离以上各混合液,仪器和方法对应不正确的是(C)

A.①—(3)—分液
B.②—(1)—过滤
C.③—(1)—萃取
D.④—(2)—蒸馏

答案： 1.C 分液是分离互不相溶的两种液体的方法，汽油和水不互溶，可用分液的方法分离，分液时用分液漏斗，A正确；过滤是分离难溶性固体和液体的方法，泥沙不溶于食盐水，可用过滤的方法分离，过滤时用漏斗，B正确；萃取是利用溶质在两种不互溶的溶剂中的溶解度不同，用一种溶剂把溶质从它与另一种溶剂所组成的溶液中萃取出来，可用萃取的方法将碘(I₂)从含有碘(I₂)的氯化钾溶液中萃取出来，萃取时用分液漏斗，不能用漏斗，C错误；蒸馏可分离互溶且沸点相差较大的两种液体，根据题表中信息可知，乙二醇和丙三醇互溶且沸点相差较大，可用蒸馏的方法分离，蒸馏时用蒸馏烧瓶，D正确。

2. 某有机物在氧气中充分燃烧,生成的水蒸气和二氧化碳的物质的量之比为$1:1$,由此可以得出的结论是(D)

A.该有机物分子中C、H、O原子个数之比为$1:2:1$
B.该有机物是烃,C、H原子个数之比为$1:2$
C.有机物必定含O
D.无法判断该有机物是否含O

答案： 2.D 该有机物在氧气中充分燃烧，生成的水蒸气和二氧化碳的物质的量之比为1:1，只能判断该有机物含有碳元素和氢元素，且C和H原子个数之比是1:2，不能确定是否含有氧元素，故A、B、C项不正确，D项正确。

3. 下列各混合物,无论两组分以何种比例混合,只要混合物的总质量一定时,生成水的质量也一定的是(A)

A.乙酸和甲醛(${CH_{2}O}$)
B.乙烷和丙烯
C.${C_{7}H_{8}}$和${C_{3}H_{6}O_{3}}$
D.${C_{4}H_{10}}$和${C_{4}H_{8}}$

答案： 3.A 只要混合物的总质量一定时，生成水的质量也一定，则两种物质中H的百分含量相同。乙酸的结构简式为CH₃COOH，甲醛的结构简式为HCHO，二者的最简式相同，均为CH₂O，故二者分子中H的百分含量相同，A符合题意；乙烷的分子式为C₂H₆，丙烯的分子式为C₃H₆，二者最简式不同，H的百分含量不同，B不符合题意；C₇H₈和C₃H₆O₃中H的百分含量不同，C不符合题意；C₄H₁₀和C₄H₈中H的百分含量不同，D不符合题意。

4. 下列说法正确的是(A)

A.苯甲酸重结晶实验中粗苯甲酸溶解后还要加点水,目的是减少过滤时苯甲酸的损失
B.${}$的核磁共振氢谱中有4组峰
C.石油是混合物,其分馏产品汽油为纯净物
D.苯中滴加浓溴水,充分振荡后溴水层褪色,是因为苯与溴水中的溴发生了加成反应

答案：
4.A 水在加热过程中会蒸发，苯甲酸能溶于水，则苯甲酸重结晶实验中粗苯甲酸溶解后还要加点水的目的是使其溶解，减少过滤时苯甲酸的损失，A正确；中—OH的核磁共振氢谱中有5组峰，B错误；石油是混合物，其分馏产品汽油是一定温度范围内的馏分，属于混合物，C错误；溴易溶于苯，苯中滴加浓溴水，苯会将溴从浓溴水中萃取出来，溴水层褪色，未发生化学反应，D错误。

5. (2023 河北邯郸大名一中阶段练习)已知:某气态烃A在标准状况下的密度是$3.214\ {g· L^{-1}}$。取$7.2\ g$ A在足量${O_{2}}$中充分燃烧,将燃烧后的产物依次通过足量浓${H_{2}SO_{4}}$和碱石灰,浓${H_{2}SO_{4}}$质量增加$10.8\ g$,碱石灰质量增加$22\ g$。下列说法正确的是(D)

A.该烃的摩尔质量为72
B.该烃的分子式为${C_{5}H_{10}}$
C.该烃化学性质稳定,不能发生氧化反应
D.若该烃分子中只有1种氢原子,则该烃的结构只有一种

答案： 5.D 某气态烃A在标准状况下的密度是3.214g·L⁻¹，则该烃的摩尔质量为3.214g·L⁻¹×22.4L·mol⁻¹≈72g·mol⁻¹，故A错误；浓H₂SO₄质量增加10.8g，则生成水的质量为10.8g，物质的量为0.6mol，碱石灰质量增加22g，则生成二氧化碳的质量为22g，物质的量为0.5mol，则n(C):n(H)=5:12，结合相对分子质量可得该烃的分子式为C₅H₁₂，故B错误；该烃能燃烧，则能发生氧化反应，故C错误；若该烃分子中只有1种氢原子，则该烃为新戊烷(H₃C—C(CH₃)₂—CH₃)，故D正确。

6. 经典题 某有机化合物的结构(图1)、球棍模型(图2)及核磁共振氢谱(图3)如下:

下列关于该有机物的叙述正确的是(D)

A.该有机物分子中不同化学环境的氢原子有7种
B.该有机物属于芳香族化合物
C.Et代表的基团为${—CH_{3}}$
D.该有机物在一定条件下能完全燃烧生成${CO_{2}}$和${H_{2}O}$

答案： 6.D A项，由核磁共振氢谱可知该有机物分子中有8种不同化学环境的氢原子，错误；B项，由题给图1、图2可知，该物质中不含苯环，不属于芳香族化合物，错误；C项，由题给结构和球棍模型对照可知Et为—CH₂CH₃，错误；D项，该有机物只含有碳、氢、氧三种元素，一定条件下可完全燃烧生成CO₂和H₂O，正确。

7. (2024 河北承德联考)回答下列问题:
(1)实验室制取${O_{2}}$可选用装置A或B。


①若选装置A,加热一种物质制取氧气,反应的化学方程式为2KMnO₄$\overset{\triangle}{=}$K₂MnO₄+MnO₂+O₂↑;若加热两种物质的混合物制取氧气,混合物的成分为KClO₃、MnO₂。
②若选装置B,圆底烧瓶中所加固体为黑色粉末,则分液漏斗所加液体为H₂O₂(填化学式,下同);若圆底烧瓶中所加固体为淡黄色的粉末,则分液漏斗中所加液体为H₂O。
(2)欲用燃烧法确定某有机物(只含C、H、O三种元素中的两种或三种)的组成,利用装置B、C、D、E组装实验装置。已知:电炉加热时用纯氧氧化管内样品。
①按气流方向,装置的连接顺序为$a\to$d→e→b→c→f→g(用小写字母表示);装置E最右侧U形管所装药品的作用为防止空气中的CO₂和H₂O进入装置E中中间和左侧的两个U形管。
②若准确称取$0.82\ g$样品,经充分燃烧后,装置E左端U形管质量增加$0.9\ g$,中间U形管质量增加$2.64\ g$,则该有机物的实验式为C₃H₅,若该有机物的相对分子质量为82,则该有机物的分子式为C₆H₁₀;经红外光谱测定该有机物中含有碳碳三键,请推测其可能的结构有7种(不考虑立体异构),该有机物的核磁共振氢谱有三组峰,且峰面积之比为$6:3:1$,则该有机物的结构简式为。

答案：
7.答案
(1)①2KMnO₄$\overset{\triangle}{=}$K₂MnO₄+MnO₂+O₂↑ KClO₃、MnO₂ ②H₂O₂ H₂O
(2)①d→e→b→c→f→g 防止空气中的CO₂和H₂O进入装置E中中间和左侧的两个U形管 ②C₃H₅
解析
(1)①装置A是固—固反应需要加热的装置，则制取氧气可以选择加热KMnO₄或加热KClO₃和MnO₂的混合物。②装置B为固—液不加热制氧气，圆底烧瓶中所加药品为黑色粉末(MnO₂)时，H₂O₂在MnO₂催化作用下发生分解，其反应的化学方程式为2H₂O₂$\overset{MnO₂}{=}$O₂↑+2H₂O；圆底烧瓶中所加固体为淡黄色粉末(Na₂O₂)时，Na₂O₂与水反应制氧气，则分液漏斗中所加液体为H₂O，其反应的化学方程式为2Na₂O₂+2H₂O=4NaOH+O₂↑。
(2)①用燃烧法确定有机物组成，应先用装置D中浓硫酸除去氧气中混有的水蒸气，再通入装置C中氧化有机物，将生成的水蒸气用无水CaCl₂吸收，CO₂用碱石灰吸收，还需用碱石灰防止空气中的CO₂和H₂O进入装置E中中间和左侧的两个U形管。②由装置E左端U形管质量增加0.9g得n(H₂O)=$\frac{0.9g}{18g·mol⁻¹}$=0.05mol，由装置E中间U形管质量增加2.64g得n(CO₂)=$\frac{2.64g}{44g·mol⁻¹}$=0.06mol，m(C)+m(H)=0.06mol×12g·mol⁻¹+0.05mol×2×1g·mol⁻¹=0.82g，则该有机物中不含氧元素，n(C):n(H)=0.06mol:(0.05mol×2)=3:5，该有机物的实验式为C₃H₅；设该有机物的分子式为(C₃H₅)ₙ，由M[(C₃H₅)ₙ]=82g·mol⁻¹，得n=2，则分子式为C₆H₁₀；若该有机物中含有碳碳三键，则其可能的结构有≡—、≡—、⊼—、≡—、⊷—、⊶—、≡，共7种；若该有机物的核磁共振氢谱有三组峰，且峰面积之比为6:3:1，则其结构简式为