搜索
2026年理想树试题攻略高中物理
注：目前有些书本章节名称可能整理的还不是很完善，但都是按照顺序排列的，请同学们按照顺序仔细查找。练习册 2026年理想树试题攻略高中物理 答案主要是用来给同学们做完题方便对答案用的，请勿直接抄袭。
1. 在某次模拟空战对抗中,预警机成功锁定敌方战斗机,己方战斗机随即发射导弹,在预警机雷达的指引下,导弹沿曲线轨迹成功“击落”了敌方战斗机。关于此次模拟空战的描述,下列说法正确的是 (
A.研究导弹在空中的飞行轨迹时,可将其看作质点
B.以导弹为参考系,敌方战斗机一直是静止的
C.导弹在此过程中运动的位移大小等于路程
D.若己方战斗机在空战中做匀变速直线运动,其位移大小随时间均匀变大
A
)A.研究导弹在空中的飞行轨迹时,可将其看作质点
B.以导弹为参考系,敌方战斗机一直是静止的
C.导弹在此过程中运动的位移大小等于路程
D.若己方战斗机在空战中做匀变速直线运动,其位移大小随时间均匀变大
答案：
1.A 基础考点质点+参考系+位移和路程+匀变速直线运动
【深度解析】研究导弹的飞行轨迹时,导弹的大小和形状对轨迹的影响可以忽略,可将其视为质点,A正确;从导弹发射到导弹沿曲线轨迹成功“击落”敌方战斗机,以导弹为参考系,敌方战斗机是运动的,B错误;导弹运动轨迹为曲线,导弹在此过程中运动的位移大小小于路程,C错误;匀变速直线运动的位移—时间公式为$x=v_{0}t+\frac{1}{2}at^{2},$己方战斗机的位移大小随时间发生改变,但并非均匀变大,D错误。
【深度解析】研究导弹的飞行轨迹时,导弹的大小和形状对轨迹的影响可以忽略,可将其视为质点,A正确;从导弹发射到导弹沿曲线轨迹成功“击落”敌方战斗机,以导弹为参考系,敌方战斗机是运动的,B错误;导弹运动轨迹为曲线,导弹在此过程中运动的位移大小小于路程,C错误;匀变速直线运动的位移—时间公式为$x=v_{0}t+\frac{1}{2}at^{2},$己方战斗机的位移大小随时间发生改变,但并非均匀变大,D错误。
2. 某同学绘制了四幅静电场的电场线分布图,其中可能正确的是 (
B
)
答案：
2.B 基础考点静电场的电场线
【深度解析】静电场的电场线不相交、不闭合,A、C错误;正点电荷的电场线以正点电荷为中心呈辐射状分布,B选项所示图是可能的,B正确;若电场线相互平行,应等间距,D错误。
知识拓展电场线的性质
(1)电场线上任一点的切线方向表示该点场强方向;
(2)同一幅图中,电场线的疏密程度表示场强的大小;
(3)电场线从正电荷或无限远处出发,终止于无限远处或负电荷;
(4)电场线不闭合;
(5)任意两条电场线在电场中不相交。
【深度解析】静电场的电场线不相交、不闭合,A、C错误;正点电荷的电场线以正点电荷为中心呈辐射状分布,B选项所示图是可能的,B正确;若电场线相互平行,应等间距,D错误。
知识拓展电场线的性质
(1)电场线上任一点的切线方向表示该点场强方向;
(2)同一幅图中,电场线的疏密程度表示场强的大小;
(3)电场线从正电荷或无限远处出发,终止于无限远处或负电荷;
(4)电场线不闭合;
(5)任意两条电场线在电场中不相交。
3. 两个小朋友分别画了一条小鱼,如图所示,都画出了小鱼在水中吐泡泡的神韵。若气泡内气体可视为理想气体,忽略温度变化,从物理视角分析,则 (
A.图甲中的气泡合理,图乙中的气泡不合理
B.小鱼吐的气泡上升过程中,泡内气体压强减小
C.小鱼吐的气泡上升过程中,泡内气体内能增大
D.小鱼吐的气泡上升过程中,泡内气体与外界没有热量交换
B
)A.图甲中的气泡合理,图乙中的气泡不合理
B.小鱼吐的气泡上升过程中,泡内气体压强减小
C.小鱼吐的气泡上升过程中,泡内气体内能增大
D.小鱼吐的气泡上升过程中,泡内气体与外界没有热量交换
答案：
3.B 基础考点热力学第一定律+玻意耳定律
【深度解析】根据液体压强公式$p_{液}=p_{0}+ρgh(p_{0}$为大气压强,ρ为液体密度,g为重力加速度,h为深度),气泡在上升过程中深度h减小,气泡外液体压强减小,则气泡内气体压强p减小,由玻意耳定律pV=C可知,温度不变时压强减小,则气体体积增大,所以气泡应该越往上越大,图乙合理,图甲不合理,A错误,B正确;气泡上升过程中,气体体积增大,气体对外界做功,即W＜0,因为忽略温度变化,则内能不变,ΔU=0,根据热力学第一定律ΔU=W+Q,可得Q＞0,这表明泡内气体从外界吸热,C、D错误。
【深度解析】根据液体压强公式$p_{液}=p_{0}+ρgh(p_{0}$为大气压强,ρ为液体密度,g为重力加速度,h为深度),气泡在上升过程中深度h减小,气泡外液体压强减小,则气泡内气体压强p减小,由玻意耳定律pV=C可知,温度不变时压强减小,则气体体积增大,所以气泡应该越往上越大,图乙合理,图甲不合理,A错误,B正确;气泡上升过程中,气体体积增大,气体对外界做功,即W＜0,因为忽略温度变化,则内能不变,ΔU=0,根据热力学第一定律ΔU=W+Q,可得Q＞0,这表明泡内气体从外界吸热,C、D错误。
4. 神舟二十号载人飞船入轨后,于北京时间 2025 年 4 月 24 日 23 时 49 分,成功对接中国空间站天和核心舱径向端口,整个对接过程历时约 6.5 小时。飞船和空间站的变轨对接可简化为如图所示的过程,飞船变轨前稳定运行在圆轨道 1,空间站运行在圆轨道 3,椭圆轨道 2 为飞船的转移轨道。轨道 1 和 2、2 和 3 分别相切于 P、Q 两点。不计飞船质量的变化,关于神舟二十号载人飞船,下列说法正确的是 (
A.飞船的发射速度小于 7.9 km/s
B.飞船在轨道 2 上 Q 点的加速度小于在轨道 3 上 Q 点的加速度
C.飞船在轨道 2 上运动的周期小于在轨道 1 上运动的周期
D.飞船从 P 点沿椭圆轨道运动到 Q 点,飞船的动能一直在减小
D
)A.飞船的发射速度小于 7.9 km/s
B.飞船在轨道 2 上 Q 点的加速度小于在轨道 3 上 Q 点的加速度
C.飞船在轨道 2 上运动的周期小于在轨道 1 上运动的周期
D.飞船从 P 点沿椭圆轨道运动到 Q 点,飞船的动能一直在减小
答案：
4.D 热门考点开普勒定律+万有引力定律
【深度解析】飞船的发射速度只有大于7.9km/s,才能进入预定轨道,A错误;根据万有引力提供向心力有$\frac{GMm}{r^{2}}=ma,$可得$a=\frac{GM}{r^{2}},$可知飞船在轨道2上Q点的加速度等于在轨道3上Q点的加速度,B错误;根据开普勒第三定律,轨道2的半长轴大于轨道1的半径,飞船在轨道2上运动的周期大于在轨道1上运动的周期(点拨:开普勒第三定律适用于圆轨道和椭圆轨道),C错误;根据开普勒第二定律可知,飞船从P点沿椭圆轨道运动到Q点,速度减小,飞船的动能一直在减小,D正确。
技巧必背地球的第一宇宙速度是7.9km/s,是飞船在地球附近绕地球做匀速圆周运动的最大线速度,是绕地球运行的人造天体的最小发射速度;地球的第二宇宙速度是11.2km/s,是人造天体脱离地球引力束缚所需的最小速度。
试题攻略第2辑物理
【深度解析】飞船的发射速度只有大于7.9km/s,才能进入预定轨道,A错误;根据万有引力提供向心力有$\frac{GMm}{r^{2}}=ma,$可得$a=\frac{GM}{r^{2}},$可知飞船在轨道2上Q点的加速度等于在轨道3上Q点的加速度,B错误;根据开普勒第三定律,轨道2的半长轴大于轨道1的半径,飞船在轨道2上运动的周期大于在轨道1上运动的周期(点拨:开普勒第三定律适用于圆轨道和椭圆轨道),C错误;根据开普勒第二定律可知,飞船从P点沿椭圆轨道运动到Q点,速度减小,飞船的动能一直在减小,D正确。
技巧必背地球的第一宇宙速度是7.9km/s,是飞船在地球附近绕地球做匀速圆周运动的最大线速度,是绕地球运行的人造天体的最小发射速度;地球的第二宇宙速度是11.2km/s,是人造天体脱离地球引力束缚所需的最小速度。
试题攻略第2辑物理
5. 我国最北端城市黑龙江漠河,极寒天气频繁,城市的路灯、霓虹灯、汽车大灯等在稳定大气中易形成“寒夜灯柱”现象,这是一种冰晕现象,由大气中的冰晶反射灯光而形成。简化光路如图所示,一束灯光(复色光)从左侧界面折射进入冰晶,分成两束单色光 a 和 b,再经右侧界面反射,又从左侧界面折射出来被人们看到。关于这一现象,下列说法正确的是 (
A.冰晶对 a 光的折射率比对 b 光的折射率大
B.在冰晶中,a 光的速度比 b 光的速度大
C.单色光 b 在冰晶右侧界面发生的反射是全反射
D.用同一装置对 a、b 光分别做双缝干涉实验,b 光的条纹间距比 a 光小
A
)A.冰晶对 a 光的折射率比对 b 光的折射率大
B.在冰晶中,a 光的速度比 b 光的速度大
C.单色光 b 在冰晶右侧界面发生的反射是全反射
D.用同一装置对 a、b 光分别做双缝干涉实验,b 光的条纹间距比 a 光小
答案：
5.A 热门考点光的折射与全反射+光的干涉
【深度解析】
选项 分析 正误
A 由图可知a光从左侧界面折射进入冰晶时的偏折程度比b光的大,则冰晶对a光的折射率比对b光的折射率大 √
B 由于冰晶对a光的折射率比对b光的折射率大,根据$v=\frac{c}{n}$可知,在冰晶中a光的速度比b光的速度小 ×
C b光在冰晶左侧界面由大气射入冰晶发生折射,b光在右侧界面的反射角和在左侧界面的折射角相等,根据光路可逆,可知b光在冰晶右侧界面的反射不是全反射 ×
D 由冰晶对a光的折射率大,可知a光频率大、波长小,根据$Δx=\frac{l}{d}λ$可知b光的条纹间距比a光大 ×
【深度解析】
选项 分析 正误
A 由图可知a光从左侧界面折射进入冰晶时的偏折程度比b光的大,则冰晶对a光的折射率比对b光的折射率大 √
B 由于冰晶对a光的折射率比对b光的折射率大,根据$v=\frac{c}{n}$可知,在冰晶中a光的速度比b光的速度小 ×
C b光在冰晶左侧界面由大气射入冰晶发生折射,b光在右侧界面的反射角和在左侧界面的折射角相等,根据光路可逆,可知b光在冰晶右侧界面的反射不是全反射 ×
D 由冰晶对a光的折射率大,可知a光频率大、波长小,根据$Δx=\frac{l}{d}λ$可知b光的条纹间距比a光大 ×
6. 如图甲所示,理想变压器的原、副线圈的匝数比为 2:1,电流表为理想交流电表,在原、副线圈的回路中分别接有定值电阻 $ R_1 = 8\ \Omega $、滑动变阻器 $ R_2 $,在 a、b 端接入如图乙所示的交变电压,下列说法正确的是 (
A.副线圈中交流电的频率为 100 Hz
B.原线圈两端电压的有效值为 36 V
C.当滑动变阻器接入电路的阻值为 1 Ω 时,电流表的示数为 3 A
D.仅将滑动变阻器的滑片 P 向上滑动,$ R_1 $ 消耗的功率变大
C
)A.副线圈中交流电的频率为 100 Hz
B.原线圈两端电压的有效值为 36 V
C.当滑动变阻器接入电路的阻值为 1 Ω 时,电流表的示数为 3 A
D.仅将滑动变阻器的滑片 P 向上滑动,$ R_1 $ 消耗的功率变大
答案：
6.C 热门考点理想变压器+交变电压
【深度解析】由图乙可知,原线圈交流电的周期为T=0.02s,频率为$f=\frac{1}{T}=50Hz,$则副线圈中交流电的频率也为50Hz,A错误;由图乙可知,该交变电压的有效值为$U=\frac{U_{m}}{\sqrt{2}}=\frac{36\sqrt{2}}{\sqrt{2}}V=36V,$由于$R_{1}$的分压作用,原线圈两端电压的有效值小于36V,B错误;根据等效电阻法,等效电阻$R_{等}=(\frac{n_{1}}{n_{2}})^{2}R_{2}=4R_{2},$当滑动变阻器接入电路的阻值为1Ω时,电流表的示数为$I=\frac{U_{1}}{R_{1}+R_{等}}=3A,$仅将滑动变阻器的滑片P向上滑动$,R_{2}$增大,则$R_{等}$增大,原线圈电流减小$,R_{1}$消耗的功率变小,C正确,D错误。
技巧必背等效电阻法
将变压器的原线圈和副线圈回路看作整体,等效为一个电阻,这样原线圈回路便可使用闭合电路欧姆定律快速求解电流、电压和功率,等效电阻$R'=\frac{U_{1}}{I_{1}}=\frac{\frac{n_{1}}{n_{2}}U_{2}}{\frac{n_{1}}{n_{2}}I_{2}}=(\frac{n_{1}}{n_{2}})^{2}R_{2}。$
【深度解析】由图乙可知,原线圈交流电的周期为T=0.02s,频率为$f=\frac{1}{T}=50Hz,$则副线圈中交流电的频率也为50Hz,A错误;由图乙可知,该交变电压的有效值为$U=\frac{U_{m}}{\sqrt{2}}=\frac{36\sqrt{2}}{\sqrt{2}}V=36V,$由于$R_{1}$的分压作用,原线圈两端电压的有效值小于36V,B错误;根据等效电阻法,等效电阻$R_{等}=(\frac{n_{1}}{n_{2}})^{2}R_{2}=4R_{2},$当滑动变阻器接入电路的阻值为1Ω时,电流表的示数为$I=\frac{U_{1}}{R_{1}+R_{等}}=3A,$仅将滑动变阻器的滑片P向上滑动$,R_{2}$增大,则$R_{等}$增大,原线圈电流减小$,R_{1}$消耗的功率变小,C正确,D错误。
技巧必背等效电阻法
将变压器的原线圈和副线圈回路看作整体,等效为一个电阻,这样原线圈回路便可使用闭合电路欧姆定律快速求解电流、电压和功率,等效电阻$R'=\frac{U_{1}}{I_{1}}=\frac{\frac{n_{1}}{n_{2}}U_{2}}{\frac{n_{1}}{n_{2}}I_{2}}=(\frac{n_{1}}{n_{2}})^{2}R_{2}。$
查看更多完整答案，请扫码查看
