《2025年零障碍导教导学案九年级物理全一册沪粤版》

6. 如图所示的实验电路,闭合开关S后,电流表A的示数为0.5 A,电流表$A_1$的示数为0.3 A,下列说法正确的是 (C)

$A. L_1$与$L_2$串联
B. 开关S只控制$L_1$
$C. L_1、$$L_2$的电流分别是0.3 A、0.2 A
$D. L_1、$$L_2$的电流分别是0.5 A、0.3 A

答案： 【解析】：
本题可根据串联电路和并联电路的特点、电流表的使用规则以及并联电路的电流规律来逐一分析选项。
选项A：判断$L_1$与$L_2$的连接方式
串联电路是指各用电器依次连接，电流只有一条路径；并联电路是指各用电器并列连接，电流有多条路径。
观察电路图可知，电流从电源正极流出，在开关$S$处分成两条支路，一条支路经过$L_1$和电流表$A_1$，另一条支路经过$L_2$，然后两条支路汇合后经过电流表$A$回到电源负极，所以$L_1$与$L_2$是并联的，而不是串联，A选项错误。
选项B：分析开关$S$的控制作用
在并联电路中，干路开关控制整个电路，支路开关只控制所在支路。
由电路图可知，开关$S$在干路上，所以它控制的是整个电路，即同时控制$L_1$和$L_2$，而不是只控制$L_1$，B选项错误。
选项C和D：计算$L_1$、$L_2$的电流
在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，即$I = I_1 + I_2$（其中$I$为干路电流，$I_1$、$I_2$为支路电流）。
已知电流表$A$测干路电流，其示数$I = 0.5A$；电流表$A_1$测$L_1$支路的电流，其示数$I_1 = 0.3A$。
根据并联电路电流规律可得$L_2$的电流$I_2 = I - I_1 = 0.5A - 0.3A = 0.2A$，所以$L_1$的电流是$0.3A$，$L_2$的电流是$0.2A$，C选项正确，D选项错误。
【答案】：C

7. 下列是科技小组的几位同学设计的天然气泄漏检测电路,其中R为气敏电阻,R的阻值随天然气浓度变化曲线如题图所示,R₀为定值电阻,电源两端的电压恒定不变。电路设计要求当天然气浓度增大时,电路中电表示数增大,图中电路图符合设计要求的是 (C)
A

B
C
D

答案： 【解析】：
本题要求当天然气浓度增大时，电表示数增大，需要先分析气敏电阻$R$的阻值随天然气浓度的变化情况，再根据串联电路和并联电路的特点，结合欧姆定律来判断各选项中电表的示数变化。
由图象可知，气敏电阻$R$的阻值随天然气浓度的增大而减小。
A选项：$R$与$R_{0}$并联，电压表测电源电压，由于电源电压不变，所以当天然气浓度增大时，电压表示数不变，A选项不符合要求。
B选项：$R$与$R_{0}$并联，电流表测$R_{0}$支路的电流，根据并联电路的特点，各支路独立工作、互不影响，所以当天然气浓度增大时，通过$R_{0}$的电流不变，即电流表示数不变，B选项不符合要求。
C选项：$R$与$R_{0}$串联，电流表测电路中的电流，当天然气浓度增大时，气敏电阻$R$的阻值减小，电路的总电阻减小，根据欧姆定律$I = \frac{U}{R}$（其中$I$为电流，$U$为电压，$R$为电阻），电源电压不变，总电阻减小，所以电路中的电流增大，即电流表示数增大，C选项符合要求。
D选项：$R$与$R_{0}$串联，电压表测$R$两端的电压，当天然气浓度增大时，气敏电阻$R$的阻值减小，根据串联电路的分压原理（串联电路中各电阻两端的电压之比等于电阻之比），$R$的阻值减小，$R$两端的电压也减小，即电压表示数减小，D选项不符合要求。
【答案】：C。

8. 在玻璃瓶内装入约半瓶细沙,盖上瓶盖,包裹一层泡沫塑料,迅速振动瓶子几十次,细沙的温度升高,这是用做功的方法使沙子内能增大,泡沫塑料的作用是保温（或防止热量散失）。如果换成水做该实验,升温不明显是因为水的比热容大。

答案： 【解析】：
本题主要考查内能改变的方法以及对比热容概念的理解。
首先，迅速振动瓶子几十次，这是一个对瓶子（包括里面的细沙）做功的过程。根据内能改变的知识，对物体做功，物体的内能会增大。因此，细沙的内能增大，温度升高，这是用做功的方法使沙子内能增大的。
其次，泡沫塑料在这里的作用是保温，防止振动过程中产生的热量迅速散失，从而保证细沙能够充分吸收这些热量，使温度升高得更明显。
最后，如果换成水做该实验，升温不明显是因为水的比热容大。比热容是物质的一种特性，它反映了物质吸热或放热的能力。水的比热容大，意味着在吸收或放出相同热量时，水的温度变化相对较小。因此，在同样的做功条件下，水的升温幅度会比细沙小得多。
【答案】：
做功；保温（或防止热量散失）；比热容。

9. 如图甲所示,课外小组同学们将铜片和锌片插入苹果或橙子中,就制成了一个水果电池。在用橙子做电池时,先用手掌把橙子压在桌面上滚几下,然后把铜片、锌片插入其中,用导线将电压表的两个接线柱分别连在铜片和锌片上,观察到电压表指针发生了偏转,如图乙所示。由此可知:在此电路中水果扮演的角色是电源;锌片是橙子电池的负(选填“正”或“负”)极。为提高水果电池的输出电压,可以把若干个水果电池串联(选填“串联”或“并联”)起来。

答案： 【解析】：
本题主要考查了水果电池的相关知识，包括电源的角色判断、电极极性的判断以及提高输出电压的方法。
对于第一个空，水果电池是将化学能转化为电能的装置，在此电路中，水果扮演的角色就是提供电能的电源。
对于第二个空，根据电压表的使用规则，电流要从正接线柱流入，从负接线柱流出时，电压表指针正向偏转。由图乙可知，电压表指针正向偏转，说明与电压表负接线柱相连的是电源的负极，而锌片连接的是电压表的负接线柱，所以锌片是橙子电池的负极。
对于第三个空，串联电路中总电压等于各部分电路两端电压之和，并联电路中各支路两端电压相等。所以为提高水果电池的输出电压，可以把若干个水果电池串联起来。
【答案】：
电源；负；串联。

10. 原子是由带负电的电子和带正电的原子核组成。在橡胶棒与毛皮摩擦过程中,橡胶棒得到(选填“得到”或“失去”)电子,从而带负电。带电的橡胶棒能将不带电的“碳海绵”吸起,这说明了带电体能够吸引轻小物体,同时也说明“碳海绵”的密度较小(选填“较大”或“较小”)。

答案： 【解析】：
本题主要考查了摩擦起电的实质、带电体的性质以及物体密度的判断。
首先，摩擦起电的实质是电子的转移，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电。在橡胶棒与毛皮摩擦过程中，橡胶棒得到了电子，所以带负电。
其次，带电体具有吸引轻小物体的性质，所以带电的橡胶棒能将不带电的“碳海绵”吸起。
最后，由于带电的橡胶棒能将不带电的“碳海绵”吸起，这说明了“碳海绵”的质量很小，而根据密度公式$\rho = \frac{m}{V}$，在体积不确定的情况下，质量小则密度可能较小，结合实际情况，我们可以判断“碳海绵”的密度较小。
【答案】：
得到；吸引轻小物体；较小。

11. 如图所示,辘轳是一种汲水工具,通过转动摇把使绳子在轴筒上叠绕,将水桶提起。使用该装置不能省功;将桶中的水尽量装满一些,能提高该装置的机械效率;若以更快的速度提升水桶,不能提高该装置的机械效率。(均选填“能”或“不能”)

答案： 【解析】：
本题可根据功的原理、机械效率的相关知识来进行分析。
第一空：根据功的原理，使用任何机械都不省功，辘轳是一种机械，所以使用该装置不能省功。
第二空：机械效率$\eta=\frac{W_{有}}{W_{总}}=\frac{W_{有}}{W_{有}+W_{额}}$，将桶中的水尽量装满一些，增大了有用功$W_{有}$，而额外功$W_{额}$（如克服轴筒与绳子间的摩擦、水桶重力等做的功）基本不变，根据上述公式可知，有用功增大，总功也增大，但有用功在总功中所占的比例增大，所以能提高该装置的机械效率。
第三空：机械效率与做功的快慢（功率）无关，若以更快的速度提升水桶，只是功率增大，但有用功和额外功的比例关系不变，所以不能提高该装置的机械效率。
【答案】：
不能；能；不能