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2026年学易优高考二轮总复习物理
注：目前有些书本章节名称可能整理的还不是很完善，但都是按照顺序排列的，请同学们按照顺序仔细查找。练习册 2026年学易优高考二轮总复习物理 答案主要是用来给同学们做完题方便对答案用的，请勿直接抄袭。
1.(2025·天津和平一模)物理学中,常用图像或示意图描述现象及其规律,甲图是对一定质量的气体进行的等温实验中压强随体积的变化图像,乙图是氧气分子的速率分布规律图像,丙图是分子间作用力随分子间距的变化图像,丁图是每隔一定时间悬浮在水中的粉笔末位置示意图,关于下列四幅图像的所描述的热现象,说法正确的是 (
A.由图甲可知,图线①对应的温度较低
B.由乙图可知,图线②对应的温度较低
C.由图丙可知,分子间距离从$ r_0 $增大的过程中,分子力先减小后增大
D.图丁说明分子在短时间内沿直线运动
A
)A.由图甲可知,图线①对应的温度较低
B.由乙图可知,图线②对应的温度较低
C.由图丙可知,分子间距离从$ r_0 $增大的过程中,分子力先减小后增大
D.图丁说明分子在短时间内沿直线运动
答案：
1.答案：A
解析：题图甲中，一定质量的理想气体在不同温度下的等温线，根据理想气体状态方程$pV = CT$，结合图像可知$T_1 ＜ T_2$，故A正确；题图乙中，曲线②速率大的分子占据的比例较大，则说明曲线②对应的平均动能较大，曲线②对应的温度较高，故B错误；题图丙中，分子间的距离从$r_0$增大的过程中，分子力先增大后减小，故C错误；题图丁是每隔一定时间悬浮在水中的粉笔末位置示意图，这些位置的连线并不是分子的运动轨迹，也不能说明分子在短时间内做直线运动，故D错误。
解析：题图甲中，一定质量的理想气体在不同温度下的等温线，根据理想气体状态方程$pV = CT$，结合图像可知$T_1 ＜ T_2$，故A正确；题图乙中，曲线②速率大的分子占据的比例较大，则说明曲线②对应的平均动能较大，曲线②对应的温度较高，故B错误；题图丙中，分子间的距离从$r_0$增大的过程中，分子力先增大后减小，故C错误；题图丁是每隔一定时间悬浮在水中的粉笔末位置示意图，这些位置的连线并不是分子的运动轨迹，也不能说明分子在短时间内做直线运动，故D错误。
2. 某实验小组用如图所示的实验装置探究某金属发生光电效应的实验规律。当用频率为$ \nu $的入射光照射金属板$ K $时,电流表示数不为零,向右调节滑动变阻器的滑片$ P $,直到电流表的示数刚好为零,此时电压表的示数为$ U_c $。则下列说法正确的是 (
A.实验时电源的左端为正极
B.若增大入射光的频率,$ U_c $将会变大
C.若不改变入射光频率和电路,增大入射光强度,$ U_c $将会变大
D.调换电源的极性(同时调整电压表),保持光照不变,向右滑动滑片$ P $的过程中,电流表示数一定一直增大
B
)A.实验时电源的左端为正极
B.若增大入射光的频率,$ U_c $将会变大
C.若不改变入射光频率和电路,增大入射光强度,$ U_c $将会变大
D.调换电源的极性(同时调整电压表),保持光照不变,向右滑动滑片$ P $的过程中,电流表示数一定一直增大
答案：
2.答案：B
解析：根据题意可知，当向右调节滑动变阻器的滑片P，电流表的示数减小为零，说明此时光电管两端的电压为反向电压，则电源的右端为正极，故A错误；根据爱因斯坦光电效应方程可知，当增大入射光的频率时，光电子的最大初动能增大，而$E_{km}=eU_c$，所以$U_c$将会变大，故B正确；若不改变入射光频率和电路，增大入射光强度，饱和光电流增大，频率不变，$U_c$将保持不变，故C错误；调换电源的极性(同时调整电压表)，保持光照不变，向右滑动滑片P的过程中，当电流达到饱和光电流后，电压增大，电流将保持不变，故D错误。
解析：根据题意可知，当向右调节滑动变阻器的滑片P，电流表的示数减小为零，说明此时光电管两端的电压为反向电压，则电源的右端为正极，故A错误；根据爱因斯坦光电效应方程可知，当增大入射光的频率时，光电子的最大初动能增大，而$E_{km}=eU_c$，所以$U_c$将会变大，故B正确；若不改变入射光频率和电路，增大入射光强度，饱和光电流增大，频率不变，$U_c$将保持不变，故C错误；调换电源的极性(同时调整电压表)，保持光照不变，向右滑动滑片P的过程中，当电流达到饱和光电流后，电压增大，电流将保持不变，故D错误。
3.(2025·辽宁大连二模)目前,国产部分品牌家用汽车已安装智能雨刮器。有的智能雨刮器借助于光学式传感器实现下雨时自动启动,前挡风玻璃安装光学传感器后的横截面示意图如图所示,其工作原理可做如下简化:不下雨时,激光光源$ P $发出的红外线在玻璃内传播斜射到$ N $处,全反射后被接收器$ Q $接收;下雨时$ N $处的外侧有水滴,光源$ P $发出的红外线在$ N $处不能全反射,接收器$ Q $接收到的光照强度变小,从而启动雨刮器。关于智能雨刮器工作原理的分析正确的是 (
A.入射角$ \theta $的设计与红外线的频率无关
B.前挡风玻璃的折射率需要比雨水的折射率小
C.若前挡风玻璃外侧区域有油污,可能会影响雨刮器的自动启动
D.若光源$ P $和接收器$ Q $的距离变大了,一定会导致不下雨时雨刮器自动启动
C
)A.入射角$ \theta $的设计与红外线的频率无关
B.前挡风玻璃的折射率需要比雨水的折射率小
C.若前挡风玻璃外侧区域有油污,可能会影响雨刮器的自动启动
D.若光源$ P $和接收器$ Q $的距离变大了,一定会导致不下雨时雨刮器自动启动
答案：
3.答案：C
解析：根据全反射的条件可知，入射角$\theta$的设计需要大于或等于全反射临界角，而全反射临界角与红外线的频率有关，故A错误；根据全反射条件可知，前挡风玻璃的折射率要比雨水的折射率大，故B错误；若前挡风玻璃外侧区域有油污，油污对红外线有折射作用，接收器Q接收到的光照强度变小，不下雨时雨刮器也可能自动启动，故C正确；若光源P和接收器Q的距离变大了，根据几何关系可知，光源P发出的红外线在玻璃内传播斜射到N处的入射角变大，若入射角仍大于或等于全反射临界角，则接收器Q仍可以接收到红外线，雨刮器不会启动，故D错误。
解析：根据全反射的条件可知，入射角$\theta$的设计需要大于或等于全反射临界角，而全反射临界角与红外线的频率有关，故A错误；根据全反射条件可知，前挡风玻璃的折射率要比雨水的折射率大，故B错误；若前挡风玻璃外侧区域有油污，油污对红外线有折射作用，接收器Q接收到的光照强度变小，不下雨时雨刮器也可能自动启动，故C正确；若光源P和接收器Q的距离变大了，根据几何关系可知，光源P发出的红外线在玻璃内传播斜射到N处的入射角变大，若入射角仍大于或等于全反射临界角，则接收器Q仍可以接收到红外线，雨刮器不会启动，故D错误。
4.(2025·河南信阳一模)空间站$ A $在轨运行做圆周运动,周期$ T_A = 1.6 \, h $,地球半径为$ R $,地球表面重力加速度为$ g $。设想航天员在某次出舱活动中,放飞一颗小型伴飞卫星$ B $,伴飞卫星$ B $的周期$ T_B = 12.8 \, h $,两者轨道面为赤道面且运行方向相同,如图所示,忽略地球自转,下列说法正确的是 (
A.空间站距地面高度为$ \sqrt[3]{\dfrac{gR^2T_A^2}{4\pi^2}} $
B.航天员一天内看到$ 18 $次太阳升起
C.伴飞卫星距离地心最远距离是$ 7\sqrt[3]{\dfrac{gR^2T_A^2}{4\pi^2}} $
D.伴飞卫星的速度一定小于空间站速度
C
)A.空间站距地面高度为$ \sqrt[3]{\dfrac{gR^2T_A^2}{4\pi^2}} $
B.航天员一天内看到$ 18 $次太阳升起
C.伴飞卫星距离地心最远距离是$ 7\sqrt[3]{\dfrac{gR^2T_A^2}{4\pi^2}} $
D.伴飞卫星的速度一定小于空间站速度
答案：
4.答案：C
解析：设A到地心的距离为$r_A$，根据万有引力提供向心力可得$G\frac{Mm}{r_A^2}=m\frac{4\pi^2}{T_A^2}r_A$，在地球表面由万有引力与重力的关系可得$G\frac{Mm}{R^2}=mg$，所以空间站距地面高度为$h = r_A - R = \sqrt[3]{\frac{gR^2T_A^2}{4\pi^2}} - R$，故A错误；航天员一天内看到次太阳升起的次数为$N = \frac{24}{T_A} = \frac{24}{1.6}=15$，故B错误；设B到地心的最远距离为$r_B$，由开普勒第三定律可得$\frac{r_A^3}{T_A^2}=(\frac{r_A + r_B}{2})^3÷\frac{1}{T_B^2}$，解得$r_B = 7\sqrt[3]{\frac{gR^2T_A^2}{4\pi^2}}$，故C正确；航天员放飞伴飞卫星时，伴飞卫星沿椭圆轨道做离心运动，此时伴飞卫星的速度大于空间站速度，故D错误。
解析：设A到地心的距离为$r_A$，根据万有引力提供向心力可得$G\frac{Mm}{r_A^2}=m\frac{4\pi^2}{T_A^2}r_A$，在地球表面由万有引力与重力的关系可得$G\frac{Mm}{R^2}=mg$，所以空间站距地面高度为$h = r_A - R = \sqrt[3]{\frac{gR^2T_A^2}{4\pi^2}} - R$，故A错误；航天员一天内看到次太阳升起的次数为$N = \frac{24}{T_A} = \frac{24}{1.6}=15$，故B错误；设B到地心的最远距离为$r_B$，由开普勒第三定律可得$\frac{r_A^3}{T_A^2}=(\frac{r_A + r_B}{2})^3÷\frac{1}{T_B^2}$，解得$r_B = 7\sqrt[3]{\frac{gR^2T_A^2}{4\pi^2}}$，故C正确；航天员放飞伴飞卫星时，伴飞卫星沿椭圆轨道做离心运动，此时伴飞卫星的速度大于空间站速度，故D错误。
5. 在光滑水平地面上放一个质量为$ 2 \, kg $的内侧带有光滑弧形凹槽的滑块$ A $,凹槽的底端切线水平,如图所示。质量为$ 1 \, kg $的小物块$ B $以$ v_0 = 6 \, m/s $的水平速度从滑块$ A $的底端沿槽上滑,恰好能到达滑块$ A $的顶端。重力加速度$ g = 10 \, m/s^2 $,不计空气阻力。则小物块$ B $沿滑块$ A $上滑的最大高度为 (
A.$ 0.3 \, m $
B.$ 0.6 \, m $
C.$ 1.2 \, m $
D.$ 1.8 \, m $
C
)A.$ 0.3 \, m $
B.$ 0.6 \, m $
C.$ 1.2 \, m $
D.$ 1.8 \, m $
答案：
5.答案：C
解析：当二者速度相等时，小物块B沿滑块A上滑的高度最大，设最大高度为h，系统水平方向动量守恒，以$v_0$的方向为正方向，有$mv_0=(m + M)v$，根据机械能守恒定律可知$\frac{1}{2}mv_0^2=\frac{1}{2}(m + M)v^2 + mgh$，解得$h = 1.2m$，故C正确。
解析：当二者速度相等时，小物块B沿滑块A上滑的高度最大，设最大高度为h，系统水平方向动量守恒，以$v_0$的方向为正方向，有$mv_0=(m + M)v$，根据机械能守恒定律可知$\frac{1}{2}mv_0^2=\frac{1}{2}(m + M)v^2 + mgh$，解得$h = 1.2m$，故C正确。
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