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2026年学易优高考二轮总复习物理
注：目前有些书本章节名称可能整理的还不是很完善，但都是按照顺序排列的，请同学们按照顺序仔细查找。练习册 2026年学易优高考二轮总复习物理 答案主要是用来给同学们做完题方便对答案用的，请勿直接抄袭。
1. 如图甲是双缝干涉实验的装置,用$a$、$b$两种不同频率的单色光分别做实验,$a$光形成的相邻两条亮纹中心之间的距离较大。图乙是研究光电效应的实验装置,当用$a$、$b$两束光分别照射阴极时,微安表均有示数,普朗克常量为$h$。下列说法正确的是（）
A.对同一介质,$a$光的折射率较大
B.用$a$光照射阴极,滑动变阻器的滑片向右移动时,微安表的示数一直增大
C.用$b$光照射阴极时,光电子的最大初动能较大
D.阴极$K$接电源正极,微安表的示数一定为零
A.对同一介质,$a$光的折射率较大
B.用$a$光照射阴极,滑动变阻器的滑片向右移动时,微安表的示数一直增大
C.用$b$光照射阴极时,光电子的最大初动能较大
D.阴极$K$接电源正极,微安表的示数一定为零
答案：
1.答案：C
解析：根据$\Delta x=\frac{l}{d}\lambda$可知，$a$光形成的条纹间距较大，则$a$光的波长长，频率小，对同一介质的折射率小，故A错误；滑动变阻器的滑片向右移动时，光电管两端的电压增大，会有更多光电子到达阳极，微安表的示数逐渐增大，当达到饱和电流后，微安表的示数不再增大，故B错误；根据$E_{k}=h\nu -W_{0}$，已知$b$光频率大，用$b$光照射阴极时，光电子的最大初动能较大，故C正确；阴极K接电源正极时，该装置所加的电压为反向电压，而逸出的光电子的最大初动能较小，使其无法达到A端，此时微安表的示数才为0，故D错误。
解析：根据$\Delta x=\frac{l}{d}\lambda$可知，$a$光形成的条纹间距较大，则$a$光的波长长，频率小，对同一介质的折射率小，故A错误；滑动变阻器的滑片向右移动时，光电管两端的电压增大，会有更多光电子到达阳极，微安表的示数逐渐增大，当达到饱和电流后，微安表的示数不再增大，故B错误；根据$E_{k}=h\nu -W_{0}$，已知$b$光频率大，用$b$光照射阴极时，光电子的最大初动能较大，故C正确；阴极K接电源正极时，该装置所加的电压为反向电压，而逸出的光电子的最大初动能较小，使其无法达到A端，此时微安表的示数才为0，故D错误。
2. (2025·北京市东城区一模)如图甲所示,水滴滴在平静的水面上,会形成水波向四周传播(可视为简谐波)。可利用两个能够等间隔滴水的装置$S_1$、$S_2$来研究波的叠加现象,图乙所示为以$S_1$、$S_2$为波源的两水波在某时刻叠加的简化示意图,已知$S_1$、$S_2$的振幅均为$A$,该时刻它们形成的波峰和波谷分别由实线和虚线表示。则下列说法正确的是（）
A.$a$处质点做简谐运动,振幅为$0$
B.$b$处质点此刻的位移大小为$2A$
C.若想观察到稳定的干涉现象,可将$S_2$滴水间隔调小
D.只要将$S_1$的滴水间隔调至和$S_2$的相等,$c$处质点就做振幅为$2A$的简谐运动
A.$a$处质点做简谐运动,振幅为$0$
B.$b$处质点此刻的位移大小为$2A$
C.若想观察到稳定的干涉现象,可将$S_2$滴水间隔调小
D.只要将$S_1$的滴水间隔调至和$S_2$的相等,$c$处质点就做振幅为$2A$的简谐运动
答案：
2.答案：B
解析：由题图乙可知，$a$处的质点此时刻处于两列波的波峰与波谷相遇的点，由波的叠加知识可知，此时刻$a$处速度为零。在同一介质中，不同的机械波的波速相等，根据$v = \lambda f$，由题图乙知波源$S_2$的波长小，所以波源$S_2$的频率较大，即两列波的频率不同，两列波无法发生稳定的干涉现象，所以$a$处的质点并不是一直处于静止状态，即$a$处质点的振幅不为零，故A错误；由题图可知，$b$处的质点此时刻处于两列波的波谷与波谷相遇的点，由波的叠加知识可知，此时刻该处质点的位移大小为$2A$，故B正确；在同一介质中，不同的机械波的波速相等，根据$v = \lambda f$，由题图乙知波源$S_2$的波长小，所以波源$S_2$的频率较大，为观察到稳定的干涉图样，可将$S_2$的频率调小，即将$S_2$滴水间隔调大，故C错误；将两装置的滴水间隔调至相等，此时两列波的频率相同，会产生稳定的干涉现象，但是$c$处的质点其不一定处于振动加强点，即$c$处的质点不一定做振幅为$2A$的简谐运动，故D错误。
解析：由题图乙可知，$a$处的质点此时刻处于两列波的波峰与波谷相遇的点，由波的叠加知识可知，此时刻$a$处速度为零。在同一介质中，不同的机械波的波速相等，根据$v = \lambda f$，由题图乙知波源$S_2$的波长小，所以波源$S_2$的频率较大，即两列波的频率不同，两列波无法发生稳定的干涉现象，所以$a$处的质点并不是一直处于静止状态，即$a$处质点的振幅不为零，故A错误；由题图可知，$b$处的质点此时刻处于两列波的波谷与波谷相遇的点，由波的叠加知识可知，此时刻该处质点的位移大小为$2A$，故B正确；在同一介质中，不同的机械波的波速相等，根据$v = \lambda f$，由题图乙知波源$S_2$的波长小，所以波源$S_2$的频率较大，为观察到稳定的干涉图样，可将$S_2$的频率调小，即将$S_2$滴水间隔调大，故C错误；将两装置的滴水间隔调至相等，此时两列波的频率相同，会产生稳定的干涉现象，但是$c$处的质点其不一定处于振动加强点，即$c$处的质点不一定做振幅为$2A$的简谐运动，故D错误。
3. (2025·湖南长沙二模)如图所示,一个折射率为$n$的柱状玻璃砖横截面由四分之一圆$OPQ$和直角三角形$OQS$组成,$\angle QSO = 60°$,$OS = a$。一束单色光从$SQ$的中点$A$以入射角$i = 60°$入射,折射光线恰好射向圆心$O$点,已知光在真空中传播的速度为$c$,则（）
A.玻璃砖材料的折射率$n = \sqrt{2}$
B.光束在$O$点将发生全反射
C.光束在玻璃砖内的传播时间为$\frac{na}{c}$
D.如果入射光束绕$A$点逆时针旋转使入射角减小,折射光束一定会在$O$点发生全反射
A.玻璃砖材料的折射率$n = \sqrt{2}$
B.光束在$O$点将发生全反射
C.光束在玻璃砖内的传播时间为$\frac{na}{c}$
D.如果入射光束绕$A$点逆时针旋转使入射角减小,折射光束一定会在$O$点发生全反射
答案：
3.答案：C
解析：由于$A$是$SQ$的中点，$\angle QSO = 60°$，则$\triangle OSA$是等边三角形，则光在$A$点的折射角为$30°$，在$O$点的入射角也为$30°$，且$OA = OS = a$，则玻璃砖材料的折射率$n = \frac{\sin 60°}{\sin 30°} = \sqrt{3}$，由光线的可逆性可知，光束在$O$点不发生全反射，该光束在玻璃砖内的传播距离为$OA = a$，传播速度为$v = \frac{c}{n}$，则光束在玻璃砖内的传播时间为$t = \frac{a}{v} = \frac{na}{c}$，故A、B错误，C正确；如果入射光束绕$A$点逆时针旋转使入射角减小，则光在$A$点的折射角减小，折射光束不能射向圆心$O$点，则一定不能在$O$点发生全反射，故D错误。
解析：由于$A$是$SQ$的中点，$\angle QSO = 60°$，则$\triangle OSA$是等边三角形，则光在$A$点的折射角为$30°$，在$O$点的入射角也为$30°$，且$OA = OS = a$，则玻璃砖材料的折射率$n = \frac{\sin 60°}{\sin 30°} = \sqrt{3}$，由光线的可逆性可知，光束在$O$点不发生全反射，该光束在玻璃砖内的传播距离为$OA = a$，传播速度为$v = \frac{c}{n}$，则光束在玻璃砖内的传播时间为$t = \frac{a}{v} = \frac{na}{c}$，故A、B错误，C正确；如果入射光束绕$A$点逆时针旋转使入射角减小，则光在$A$点的折射角减小，折射光束不能射向圆心$O$点，则一定不能在$O$点发生全反射，故D错误。
4. (2025·重庆九龙坡模拟)空气炸锅是利用高温空气循环技术加热食物。如图为某型号空气炸锅简化模型图,其内部有一气密性良好的内胆,封闭了质量、体积均不变可视为理想气体的空气,已知初始气体压强为$p_0 = 1.0 × 10^5\ Pa$,温度为$T_0 = 300\ K$,加热一段时间后气体温度升高到$T = 360\ K$,此过程中气体吸收的热量为$4.2 × 10^3\ J$,则（）
A.升温后所有气体分子的动能都增大
B.升温后胆中气体的压强为$1.5 × 10^5\ Pa$
C.此过程胆中气体的内能增加量为$4.2 × 10^3\ J$
D.升温后压强增大是由于单位体积的分子数增多了
A.升温后所有气体分子的动能都增大
B.升温后胆中气体的压强为$1.5 × 10^5\ Pa$
C.此过程胆中气体的内能增加量为$4.2 × 10^3\ J$
D.升温后压强增大是由于单位体积的分子数增多了
答案：
4.答案：C
解析：升温后气体分子平均动能变大，并非所有气体分子的动能都增大，故A错误；由题意可知，体积不变，则$\frac{p_0}{T_0} = \frac{p}{T}$，解得升温后胆中气体的压强为$p = 1.2 × 10^5 Pa$，故B错误；此过程胆中气体体积不变，则$W = 0$，吸收的热量为$Q = 4.2 × 10^3 J$，则气体内能增加量为$\Delta U = Q = 4.2 × 10^3 J$，故C正确；气体体积不变，则单位体积气体的分子数不变，升温后气体分子平均速率变大，可知压强增大不是由于单位体积的分子数增多了，而是气体分子对器壁的平均碰撞力增大了，故D错误。
解析：升温后气体分子平均动能变大，并非所有气体分子的动能都增大，故A错误；由题意可知，体积不变，则$\frac{p_0}{T_0} = \frac{p}{T}$，解得升温后胆中气体的压强为$p = 1.2 × 10^5 Pa$，故B错误；此过程胆中气体体积不变，则$W = 0$，吸收的热量为$Q = 4.2 × 10^3 J$，则气体内能增加量为$\Delta U = Q = 4.2 × 10^3 J$，故C正确；气体体积不变，则单位体积气体的分子数不变，升温后气体分子平均速率变大，可知压强增大不是由于单位体积的分子数增多了，而是气体分子对器壁的平均碰撞力增大了，故D错误。
5. (2025·浙江嘉兴一模)风力发电模型如图所示。风轮机叶片转速$m$转/秒,并形成半径为$r$的圆面,通过转速比$1:n$的升速齿轮箱带动面积为$S$、匝数为$N$的发电机线圈高速转动,产生的交变电流经过理想变压器升压后,输出电压为$U$。已知空气密度为$\rho$,风速为$v$,匀强磁场的磁感应强度为$B$,忽略线圈电阻,则（）
A.单位时间内冲击风轮机叶片气流的动能为$\frac{1}{2}\rho\pi r^2 v^2$
B.经升压变压器后,输出交变电流的频率高于$mn$
C.变压器原、副线圈的匝数比为$\sqrt{2}\pi NBSmn : U$
D.高压输电有利于减少能量损失,因此电网的输电电压越高越好
A.单位时间内冲击风轮机叶片气流的动能为$\frac{1}{2}\rho\pi r^2 v^2$
B.经升压变压器后,输出交变电流的频率高于$mn$
C.变压器原、副线圈的匝数比为$\sqrt{2}\pi NBSmn : U$
D.高压输电有利于减少能量损失,因此电网的输电电压越高越好
答案：
5.答案：C
解析：单位时间内冲击风轮机叶片气流的体积$V = Sh = Sv · \Delta t = \pi r^2 v$，气体质量$m = \rho V = \rho \pi r^2 v$，动能$E_k = \frac{1}{2}mv^2 = \frac{1}{2} \rho \pi r^2 v^3$，故A错误；发电机线圈转速为$mn$，则$\omega = 2\pi mn$，频率$f = \frac{\omega}{2\pi} = mn$，经升压变压器后，输出交变电流的频率仍为$mn$，故B错误；变压器原线圈两端电压最大值$U_m = NBS\omega = 2\pi NBSmn$，有效值$U_1 = \frac{U_m}{\sqrt{2}} = \sqrt{2} \pi NBSmn$，则变压器原、副线圈的匝数比为$\sqrt{2} \pi NBSmn : U$，故C正确；考虑到高压输电的安全性和可靠性，电网的输电电压并非越高越好，故D错误。
解析：单位时间内冲击风轮机叶片气流的体积$V = Sh = Sv · \Delta t = \pi r^2 v$，气体质量$m = \rho V = \rho \pi r^2 v$，动能$E_k = \frac{1}{2}mv^2 = \frac{1}{2} \rho \pi r^2 v^3$，故A错误；发电机线圈转速为$mn$，则$\omega = 2\pi mn$，频率$f = \frac{\omega}{2\pi} = mn$，经升压变压器后，输出交变电流的频率仍为$mn$，故B错误；变压器原线圈两端电压最大值$U_m = NBS\omega = 2\pi NBSmn$，有效值$U_1 = \frac{U_m}{\sqrt{2}} = \sqrt{2} \pi NBSmn$，则变压器原、副线圈的匝数比为$\sqrt{2} \pi NBSmn : U$，故C正确；考虑到高压输电的安全性和可靠性，电网的输电电压并非越高越好，故D错误。
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