《2025年亮点给力提优课时作业本九年级物理上册苏科版》

25. 新素养 科学探究 (10分)在探究杠杆平衡条件的实验中：


(1)将装置放在水平桌面上,静止时如图甲所示。为了使杠杆在水平位置平衡,应将平衡螺母向____(选填“左”或“右”)移动。
(2)实验中,在杠杆两侧挂上不同数量的钩码,第1、2次杠杆平衡时的数据已填入表格,图乙是第3次杠杆平衡时的情景,此次杠杆右侧的阻力和阻力臂的数据：①为____,②为____。
(3)分析实验数据,可归纳出杠杆的平衡条件：____。
(4)小组同学对实验过程交流、讨论后,认为三组数据动力和阻力的方向都是竖直方向,为了使结论更具普遍性,可采取的方法是____。

答案： （1）右　（2）1　0.15　（3）$F_1l_1 = F_2l_2$ （4）改用弹簧测力计斜拉杠杆

26. (10分)(2025·江苏泰州期末)在“探究影响动滑轮机械效率的因素”实验中,小明用同一动滑轮进行了3次实验,实验装置如图所示,实验数据如表所示。


(1)实验时,小明应竖直向上____拉动弹簧测力计。
(2)第2次实验时,弹簧测力计的示数如图所示,此时绳端受到的拉力为____N,提升重物所做的有用功为____J,动滑轮的机械效率为____%。
(3)分析表中数据可知：用同一动滑轮匀速提升重物,在物重增加时,拉力所做的额外功占总功的比值将____；第4次实验中,减小物体提升的高度,动滑轮的机械效率____。(均选填“减小”“不变”或“增大”)
(4)另一位同学也用该装置提升重4N的钩码,测量相关数据后算得动滑轮的机械效率为86.7%,与表中小明算得的83.3%有较大差别,造成上述较大差别的原因可能是该同学在实验操作中____。
A. 提升的高度比小明实验时的大得多
B. 弹簧测力计静止时读出拉力大小
C. 拉着弹簧测力计向上加速运动
D. 拉力方向与弹簧测力计轴线方向不一致

答案： （1）匀速　（2）1.3　0.6　76.9　（3）减小　不变　（4）B　解析:（1）实验时，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，装置处于平衡状态，拉力等于弹簧测力计的示数。（2）由图可知，弹簧测力计的示数为1.3N，即第2次实验时绳端受到的拉力为1.3N；由表可知，第2次实验时提升重物所做的有用功$W_{有用} = Gh = 2N×0.3m = 0.6J$；拉力做的总功$W_{总} = Fs = 1.3N×0.6m = 0.78J$，则动滑轮的机械效率$η = \frac{W_{有用}}{W_{总}}×100\% = \frac{0.6J}{0.78J}×100\% ≈ 76.9\%$。（3）分析表中（2）中结果和计算结果可知:用同一动滑轮匀速提升重物,物重增加时，动滑轮的机械效率提高，可知所做的额外功占总功的比值将减小。由机械效率$η = \frac{W_{有用}}{W_{总}}×100\% = \frac{Gh}{Fs}×100\% = \frac{G}{2F}×100\%$可知,动滑轮的机械效率与物体被提升的高度无关，则第4次实验中，减小物体提升的高度，动滑轮的机械效率不变。（4）由机械效率$η = \frac{W_{有用}}{W_{总}}×100\% = \frac{Gh}{Fs}×100\% = \frac{G}{2F}×100\%$可知,动滑轮的机械效率与物体被提升的高度无关，故A错误；用动滑轮提升重物时，要克服滑轮的轮与轴之间的摩擦，而弹簧测力计静止时，不受这部分摩擦力的影响,测力计读出的拉力偏小，计算出的总功偏小，有用功不变，则机械效率偏大,故B正确；拉着弹簧测力计向上加速运动和未沿竖直方向拉动弹簧测力计时，测出的拉力都会偏大，计算出的总功偏大，有用功不变，则动滑轮的机械效率偏小，故C、D错误。