《2025年优化探究高中生物》

8. (多选)某植物雌雄同株，开单性花。将基因型为AaBb的个体与基因型为aaBB的个体(两对等位基因独立遗传)按照1∶1的比例混合种植，自由交配产生F₁，F₁分别测交。下列相关分析错误的是 （ ）
A. F₁共有9种基因型，纯合子所占的比例为7/16
B. F₁共有4种基因型，纯合子所占的比例为1/4
C. F₁中两种性状均为显性的个体所占的比例为105/256
D. 测交后代的表型之比为1∶1∶1∶1的个体在F₁中所占的比例是9/64

答案： 将基因型为AaBb的个体与基因型为aaBB的个体（两对等位基因独立遗传）按照1∶1的比例混合种植，自由交配产生F₁，利用配子棋盘法进行计算。亲代有1/2AaBb和1/2aaBB，自由交配，可以产生的配子类型及比例为1/8AB、1/8Ab、1/8ab、5/8aB，由棋盘法求出F₁的基因型及比例为1/64AABB、2/64AABb、12/64AaBb、10/64AaBB、1/64AAbb、2/64Aabb、25/64aaBB、10/64aaBb、1/64aabb，F₁共有9种基因型，纯合子所占的比例为7/16，A正确，B错误；F₁中两种性状均为显性的个体的基因型为$A_B_，$所占的比例为25/64，C错误；测交后代的表型之比为1∶1∶1∶1的个体的基因型为AaBb，在F₁中所占的比例为3/16，D错误。

1. (2020·浙江6月卷，18改编)若某哺乳动物毛发颜色由基因D^e(褐色)、D^f(灰色)、d(白色)控制，其中D^e和D^f分别对d完全显性。毛发形状由基因H(卷毛)、h(直毛)控制。控制两种性状的等位基因均位于常染色体上且独立遗传。基因型为D^edHh和D^fdHh的雌雄个体交配。下列说法正确的是 （ ）
A. 若D^e对D^f共显性、H对h完全显性，则F₁有6种表型
B. 若D^e对D^f共显性、H对h不完全显性，则F₁有12种表型
C. 若D^e对D^f不完全显性、H对h完全显性，则F₁有9种表型
D. 若D^e对D^f完全显性、H对h不完全显性，则F₁有8种表型

答案： 亲本基因型为D⁰dHh和D¹dHh时，分析控制毛发颜色的基因型，子代为D⁰D¹、D⁰d、D¹d和dd共4种基因型；分析控制毛发形状的基因型，子代为HH、Hh和hh共3种基因型。若D⁰对D¹共显性，则D⁰D¹、D⁰d、D¹d和dd这4种基因型有4种表型；若H对h完全显性，则HH、Hh和hh这3种基因型有2种表型，故F₁共有8种表型，A错误。若D⁰对D¹共显性，则D⁰D¹、D⁰d、D¹d和dd这4种基因型有4种表型；若H对h不完全显性，则HH、Hh和hh这3种基因型有3种表型，故F₁共有12种表型，B正确。若D⁰对D¹不完全显性，则D⁰D¹、D⁰d、D¹d和dd这4种基因型有4种表型；若H对h完全显性，则HH、Hh和hh这3种基因型有2种表型，故F₁共有8种表型，C错误。若D⁰对D¹完全显性，则D⁰D¹、D⁰d、D¹d和dd这4种基因型有3种表型；若H对h不完全显性，则HH、Hh和hh这3种基因型有3种表型，故F₁共有9种表型，D错误。

2. (2021·全国乙卷，6)某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制(杂合子表现显性性状)。已知植株A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是 （ ）
A. 植株A的测交子代会出现2ⁿ种不同表现型的个体
B. n越大，植株A测交子代中不同表现型个体数目彼此之间的差异越大
C. 植株A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等
D. n≥2时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数

答案： 该植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制，且杂合子表现显性性状，植株A的n对基因均杂合，每对基因测交子代均有两种表现型，根据乘法原理，n对基因重组后子代将会出现2×2×…×2（共n个2）＝2ⁿ种不同表现型且比例为1∶1∶1∶…∶1（共2ⁿ个1），植株A测交子代中不同表现型个体数目均相等，A正确，B错误；测交子代n对基因均杂合和纯合子的比例均为1/2ⁿ，C正确；测交子代中纯合子的比例是1/2ⁿ，杂合子的比例为1－1/2ⁿ，当n≥2时，杂合子的比例大于纯合子的比例，D正确。

3. (2021·全国甲卷，32)植物的性状有的由1对基因控制，有的由多对基因控制。一种二倍体甜瓜的叶形有缺刻叶和全缘叶，果皮有齿皮和网皮。为了研究叶形和果皮这两个性状的遗传特点，某小组用基因型不同的甲、乙、丙、丁4种甜瓜种子进行实验，其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮。杂交实验及结果见表(实验②中F₁自交得F₂)。

回答下列问题。
（1）根据实验①可判断这2对相对性状的遗传均符合分离定律，判断的依据是____________________。根据实验②，可判断这2对相对性状中的显性性状是________。
（2）甲、乙、丙、丁中属于杂合体的是________。
（3）实验②的F₂中纯合体所占的比例为________。
（4）假如实验②的F₂中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮不是9∶3∶3∶1，而是45∶15∶3∶1，则叶形和果皮这两个性状中由1对等位基因控制的是________，判断的依据是____________________。

答案： 答案：（1）实验①F₁中缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1 缺刻叶、齿皮 （2）甲、乙 （3）1/4 （4）果皮性状 实验②F₁全为缺刻叶齿皮，而F₂中缺刻叶∶全缘叶＝15∶1、齿皮∶网皮＝3∶1
解析：（1）分别分析2对性状，实验①甲×乙，F₁中缺刻叶∶全缘叶＝1∶1，齿皮∶网皮＝1∶1，说明2对相对性状的杂交均属于测交类型，所以其遗传符合分离定律。实验②中F₂性状分离比为9∶3∶3∶1，说明F₁缺刻叶齿皮为双显性个体，由此可判断缺刻叶（基因用A表示）和齿皮（基因用B表示）为显性性状，F₁缺刻叶齿皮基因型为AaBb。（2）实验②丙（缺刻叶网皮$A_bb）×$丁，F₁基因型为AaBb，由此可判断丙和丁的基因型分别为AAbb和aaBB；甲和丙均为缺刻叶网皮但基因型不同，因此甲的基因型为Aabb，结合实验①中F₁的性状可判断乙的基因型为aaBb，所以甲、乙、丙、丁中属于杂合体的是甲和乙。（3）实验②的F₂中纯合体有AABB（1/16）、AAbb（1/16）、aaBB（1/16）、aabb（1/16）4种，共占1/4。（4）假如实验②的F₂中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮是45∶15∶3∶1，则缺刻叶∶全缘叶＝15∶1，齿皮∶网皮＝3∶1，其中缺刻叶∶全缘叶＝15∶1，为9∶3∶3∶1的变形，由此可判断叶形性状由2对等位基因控制，果皮性状由1对等位基因控制。