Question

【题目】综合与探究：

如图，抛物线y=x2﹣x﹣4与x轴交与A，B两点（点B在点A的右侧），与y轴交于点C，连接BC，以BC为一边，点O为对称中心作菱形BDEC，点P是x轴上的一个动点，设点P的坐标为（m，0），过点P作x轴的垂线l交抛物线于点Q．

（1）求点A，B，C的坐标．

（2）当点P在线段OB上运动时，直线l分别交BD，BC于点M，N．试探究m为何值时，四边形CQMD是平行四边形，此时，请判断四边形CQBM的形状，并说明理由．

（3）当点P在线段EB上运动时，是否存在点Q，使△BDQ为直角三角形？若存在，请直接写出点Q的坐标；若不存在，请说明理由．

考点：二次函数综合题．

Answer 1

【答案】

【解析】

试题分析:（1）根据坐标轴上点的特点，可求点A，B，C的坐标．

（2）由菱形的对称性可知，点D的坐标，根据待定系数法可求直线BD的解析式，根据平行四边形的性质可得关于m的方程，求得m的值；再根据平行四边形的判定可得四边形CQBM的形状；

（3）分DQ⊥BD，BQ⊥BD两种情况讨论可求点Q的坐标．

解：（1）当y=0时，x2﹣x﹣4=0，解得x1=﹣2，x2=8，

∵点B在点A的右侧，

∴点A的坐标为（﹣2，0），点B的坐标为（8，0）．

当x=0时，y=﹣4，

∴点C的坐标为（0，﹣4）．

（2）由菱形的对称性可知，点D的坐标为（0，4）．

设直线BD的解析式为y=kx+b，则

，

解得k=﹣，b=4．

∴直线BD的解析式为y=﹣x+4．

∵l⊥x轴，

∴点M的坐标为（m，﹣m+4），点Q的坐标为（m，m2﹣m﹣4）．

如图，当MQ=DC时，四边形CQMD是平行四边形，

∴（﹣m+4）﹣（m2﹣m﹣4）=4﹣（﹣4）．

化简得：m2﹣4m=0，

解得m1=0（不合题意舍去），m2=4．

∴当m=4时，四边形CQMD是平行四边形．

此时，四边形CQBM是平行四边形．

解法一：∵m=4，

∴点P是OB的中点．

∵l⊥x轴，

∴l∥y轴，

∴△BPM∽△BOD，

∴==，

∴BM=DM，

∵四边形CQMD是平行四边形，

∴DMCQ，

∴BMCQ，

∴四边形CQBM是平行四边形．

解法二：设直线BC的解析式为y=k1x+b1，则

，

解得k1=，b1=﹣4．

故直线BC的解析式为y=x﹣4．

又∵l⊥x轴交BC于点N，

∴x=4时，y=﹣2，

∴点N的坐标为（4，﹣2），

由上面可知，点M的坐标为（4，2），点Q的坐标为（4，﹣6）．

∴MN=2﹣（﹣2）=4，NQ=﹣2﹣（﹣6）=4，

∴MN=QN，

又∵四边形CQMD是平行四边形，

∴DB∥CQ，

∴∠3=∠4，

∵在△BMN与△CQN中，

，

∴△BMN≌△CQN（ASA）

∴BN=CN，

∴四边形CQBM是平行四边形．

（3）抛物线上存在两个这样的点Q，分别是Q1（﹣2，0），Q2（6，﹣4）．

若△BDQ为直角三角形，可能有三种情形，如答图2所示：

①以点Q为直角顶点．

此时以BD为直径作圆，圆与抛物线的交点，即为所求之Q点．

∵P在线段EB上运动，

∴﹣8≤xQ≤8，而由图形可见，在此范围内，圆与抛物线并无交点，

故此种情形不存在．

②以点D为直角顶点．

连接AD，∵OA=2，OD=4，OB=8，AB=10，

由勾股定理得：AD=，BD=，

∵AD2+BD2=AB2，

∴△ABD为直角三角形，即点A为所求的点Q．

∴Q1（﹣2，0）；

③以点B为直角顶点．

如图，设Q2点坐标为（x，y），过点Q2作Q2K⊥x轴于点K，则Q2K=﹣y，OK=x，BK=8﹣x．

易证△Q2KB∽△BOD，

∴，即，整理得：y=2x﹣16．

∵点Q在抛物线上，∴y=x2﹣x﹣4．

∴x2﹣x﹣4=2x﹣16，解得x=6或x=8，

当x=8时，点Q2与点B重合，故舍去；

当x=6时，y=﹣4，

∴Q2（6，﹣4）．

综上所述，符合题意的点Q的坐标为（﹣2，0）或（6，﹣4）．